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luis-enrrique-arellano
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01 Semi I Pr燾tica
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PRIMER SEMINARIO DE INGENIERIA DE RESERVORIOS PETROLÍFEROS I 1. Con el fin de determinar: a) el gas en solución, y b) el factor volumétrico del petróleo como
función de la presión, se hicieron experimentos con una muestra de líquido del fondo del campo de petróleo La Salle. La presión inicial del reservorio es 3600 psia y la temperatura de fondo es 160 ºF; por consiguiente, todas las medidas en el laboratorio se hicieron a 160 ºF . Los siguientes datos en unidades prácticas, resultaron:
Presión psia
Gas en solución SCF/STB a 14.7 psia
y 60 ºF
Factor volumétrico Del petróleo, bbl/STB
3600 567 1.310
3200 567 1.317 2800 567 1.325
2500 567 1.333
2400 554 1.310
1800 436 1.263
1200 337 1.210
600 223 1.140
200 143 1.070
a) ¿Qué factores afectan la solubilidad de gas en petróleo crudo? b) Constrúyase un gráfico entre gas en solución y presión. c) Inicialmente, ¿el reservorio se encontraba saturado o subsaturado?. Explicar. d) ¿Tiene el reservorio una capa de gas inicial? e) A partir del gráfico dibujado en la parte b), ¿Cuál es la solubilidad del gas en la
región de 200 a 2500 psia, en unidades de SCF/STB/psi y psi/SCF/STB? f) Asumiendo que la acumulación de gas por barril de petróleo a condiciones
normales es de 1000 SCF en vez de 567 SCF, ¿cuánto gas en solución habría en 3600 psia?. En estas circunstancias, ¿cómo se clasificaría el reservorio: saturado o subsaturado’
Solución:
a) La solubilidad de gas en petróleo crudo depende de la presión, temperatura y composiciones del gas y del petróleo.
b) Constrúyase un gráfico entre gas en solución y petróleo.
c) Inicialmente el reservorio se encontraba subsaturado debido a que no se liberó gas
de la solución, es decir, no hubo capa de gas. No hubo desprendimiento de gas al reducir la presión hasta los 2500 psia. En ésta región no hay fase de gas es ZONA SUBSATURADA.
d) No, el reservorio no tiene capa inicial de gas.
Bpsi/SCF/ST 5,425 SCF/STB143567
psi 2002500
TB/psi0,184SCF/Spsi 2002500
SCF/STB143567
f) A 3600 psia habría 1000 SCF de gas en solución. En estas circunstancias el
reservorio se clasificaría como subsaturado porque todo el gas estaría en solución a esa presión.
2. a) ¿La compresibilidad de un líquido de reservorio por encima del punto de burbujeo está basada en volúmenes a condiciones de reservorio o a condiciones normales? b) calcule la compresibilidad promedia de líquido en el reservorio del campo La Salle
por encima del punto de burbujeo, con referencia al volumen a la presión inicial. c) Calcule la compresibilidad promedio entre 3600 y 3200 psia, 3200 y 2800 psia, y
entre 2800 y 2500 psia con referencia al volumen a la presión mayor en cada caso. d) ¿Cómo varía la compresibilidad con la presión por encima del punto de
burbujeo?.Explicar el por qué. e) ¿Cuál es el intervalo común de variación de las compresibilidades de líquidos en
reservorios? f) Convierta la compresibilidad de 15 x 10
-6 psi
-1 a barriles por millón de barriles por
psi.
Solución:
a) Las compresibilidades de los líquidos de reservorio por encima del punto de burbujeo están basados en volúmenes a condiciones de reservorio porque se obtienen generalmente de los análisis de las muestras de fluido del fondo del pozo.
b) Cálculo de la compresibilidad promedia de líquido en el reservorio por encima del
punto de burbujeo, con referencia al volumen a la presión inicial:
PPv
vvc
ii
i
1
PPB
BBc
ioi
ooi
1
25003600310,1
333,1310,11
c
1610961,15 psixc
c) Cálculo de la compresibilidad promedia a diferentes rangos de presión con
referencia al volumen a la presión mayor en cada caso:
Rango de presión de 3600 psia a 3200 psia:
32003600310,1
317,1310,1
c
16104,13 psixc
Rango de presión de 3200 psia a 2800 psia:
28003200317,1
325,1317,1
c
16102,15 psixc
Rango de presión de 2800 psia a 2500 psia:
25002800325,1
333,1325,1
c
16101,20 psixc
d) Por encima del punto de burbujeo, la compresibilidad varía según la presión,
aumentando a medida que la presión va disminuyendo.
e) Las compresibilidades de líquidos en los reservorios subsaturados varían entre (5 y 100) x 10
-6 psi
-1.
f) Conversión de la compresibilidad de 15 x 10
-6 psi
-1a barriles por millón de barriles por
psi: C =15 x 10
-6 psi
-1 x 10
6 bbl
MM bbl C =15 bbl/MM bbl/psi
3. Las propiedades PVT del fluido del reservorio volumétrico de petróleo de la arena “R” se
presenta en la fig. (3.18). Cuando la presión del reservorio disminuye desde su presión inicial, 2500 psia, a una presión promedia de 1600 psia, la producción correspondiente de petróleo es 26.0 MMSTB. La RGP acumulativa a 1600 psia es 954 SCF/STB y la RGP actual es 2250 SCF/STB. La porosidad promedia es 18% y la saturación de agua connata es también 18%. La cantidad de agua producida es significante, y las condiciones normales son 14,7 psia y 60ºF. a) Calcular el petróleo inicial en el reservorio. b) Calcular en SCF, el gas liberado que permanece en el reservorio a 1600 psia. c) Calcular la saturación promedia de gas en el reservorio a 1600 psi . d) Calcular los barriles de petróleo que se recuperarían a 1600 psi si se hubiera
reinyectado en el reservorio todo el gas producido. e) Calcular el factor volumétrico bifásico de petróleo a 1600 psia. f) Asumiendo que el gas libre no fluye, ¿cuál sería la recuperación con empuje por
desplazamiento hasta 2000 psia? g) Calcular el SCF, el gas libre inicial en el reservorio a 2500 psia.
Solución: De la fig. 3.18: Rsi = 575 SCF/STB Boi = 1,29 bbl/STB
Rs = 386 SCF/ STB Bo = 1,215 bbl/STB Z = 0,82
STBbblx
P
ZTBg /001576,0
1600
61082,000504,000504,0
a) gssioio
gspop
BRRBB
BRRBNN
MMSTBN
SCFbblSTBxSCFSTBbblSTBbbl
SCFbblSTBXSCFSTBbblSTBxN
246
/001576,0/386575/29,1/215,1
/001576,0/386954/215,11026 6
b) Petróleo inicial = Petróleo remanente a 1600 psia + Gas libre a 1600 psia:
MMMSCFG
STBbbl
STBbblSTBxxSTBbblSTBxxG
B
BNNNBGBGBNNNB
f
f
g
opoifgfopoi
9,31
/001576,0
/215,11026246/29,110246
)(
66
c)
%9,1210387
/001576,0109,31
38782,0
29,110246 ,
6
9
6
bblx
SCFbblSCFxxS
MMbblxx
S
VV
V
BGS
G
o
petróleo
porosoporoso
gf
G
d) p
pp
N
GR como 00 pp RG
MMSTBN
STBbblSTBxSCFSTBbbl
STBbblSTBxSCFSTBbblSTBxN
BRB
BRRBBNN
p
p
gso
gssioio
p
90
/001576,0/386/215,1
/001576,0/386575/29,1215,110246 6
e) gssiot BRRBB
STBbblB
STBSCFSCFbblSTBbblB
t
t
/513,1
/386575/001576,0/215,1
f) Si el gas no fluye Rp =Rs a 2000 psia.
De la fig. 3.18: Bo (a 2000 psia)= 1,272 bbl/STB, Rs (a 2000 psia)= 511 SCF/STB
MMSTBN
STBbbl
STBbblSTBbblSCFbblSTBxSCFSTBxN
B
BBBRRNN
SCFbblB
p
p
o
oiogssi
p
g
12
/272,1
/29,1/272,1/00126,0/51157510246
/00126,02000
610819,000504,0
6
g) Gf (a 2500 psia)= 0 (por ser un reservorio subsaturado)
4. Los siguientes datos se obtuvieron de un campo de petróleo sin capa original de gas ni
empuje hidrostático: Volumen poroso disponible del reservorio para petróleo= 75 MM pies cúbicos Solubilidad del gas en el petróleo crudo= 0,42 SCF/STB/psi Presión inicial de fondo= 3500 psia. Temperatura de fondo= 140 ºF Presión de saturación del reservorio= 2400 psia. Factor volumétrico del petróleo a 3500 psia= 1.333 bbl/STB Factor de compresibilidad del gas a 1500 psia y 140 ºF= 0,95 Petróleo producido a 1500 psia= 1,0 MM STB Neta RGP producida acumulativa= 2800 SCF/STB
a) Calcular el petróleo inicial en el reservorio en STB. b) Calcular el gas inicial en el reservorio en SCF. c) Calcular la razón gas disuelto – petróleo inicial en el reservorio. d) Calcular el gas remanente en el reservorio a 1500 psia en SCF. e) Calcular el gas libre en el reservorio a 1500 psia en SCF. f) Calcular a 14,7 psia y 60 ºF, el factro volumétrico del gas liberado a 1500 psia. g) Calcular el volumen en el reservorio de gas libre a 1500 psia. h) Calcular la RGP total en el reservorio a 1500 psia. i) Calcular la razón gas en solución – petróleo, RGP, a 1500 psia. j) Calcular el factor volumétrico de petróleo a 1500 psia. k) Calcular el factor volumétrico total o de dos fases del petróleo y su gas disuelto, a
1500 psia. Solución:
a) Como oi
oioioi
B
VNNBV
MMSTBN
ft
bblx
STBbbl
MMftN
0,10
615,5
1
/333,1
753
3
b) psiapsiaxSTBSCFRsb 2400//42,0
STBMSCFRsb /0,1
Pero: ,/0,1 STBMSCFRR sisb entonces
STBMSCFMMSTBxRG si /0,10,10 N
MMMSCFG 0,10
c) No hay capa de gas
STBSCFMR
STBMM
SCFMMM
inicialPet
inicialoGasdisueltR
si
si
/ 0,1
0,10
0,10
.
d) Gas remanente= Gas inicial – Gas producido
MMMSCFMMMSCFMMMSCFRNGGGG pppr 2,78,20,10
e) sPfr RNNGG
MMMSCFG
MMMSCFG
psiapsiaSTBSCFMMSTBMMMSCFG
f
f
f
53,1
67,52,7
1500//42,00,10,102,7
f) SCFftP
ZTBg /02829,0 3
SCF
ftB
B
g
g
3
0107,0
1500
14046095,002829,0
g) SCFftMMMSCFxBG gf /00107,053,1 3
34,16 MMftBG gf
h) GOR= Gas remanente a 1500 psia
Petróleo remanente a 1500 psia
STBSCFMMSTB
MMMSCF
NN
RNNRGOR
p
ppsi/800
0,10,10
2,7
i) iaSCF/STB/ps 0,42 x psia 1500GOR
STBSCFGOR /630
j) gfopp BGBNNV
SCFftSTBxSTBx
SCFftSCFxxftxB
NN
BGVB
o
p
gfpo
/514,6100,1100,10
/0107,01053,11075 3
66
3936
STBbblB
ft
bblSTBxftB
o
o
/16,1
615,5
1/514,6
3
3
k) ssigt RRBB
STBbblB
ft
bblxSCFftSTBbblB
o
t
/865,1
615,5
16301000/0107,0/16,1
3
3
5. El factor volumétrico del petróleo a 5000 psia, presión inicial de un reservorio subsaturado
que produce por encima del punto de burbujeo, es 1,510 bbl/STB. Cuando la presión
decrece a 4600 psia, debido a la producciónm de 100 M STB, el factor volumétrico del petróleo es 1,520 bbl/STB. La saturación de agua connata es de 25%, la compresibilidad del agua es 3,20 x 10
-6 psi
-1 , y, basándose de la porosidad promedia de 16%, la
compresibilidad de la roca es 4,0 x 10-6
psi-1
. La compresibilidad promedia del petróleo entre 5000 y 4600 psia relativa al volumen a 5000 psia es 17,00 x 10
-6 psi
-1. Evidencia
geológica y la ausencia de producción de agua indican un reservorio volumétrico. a) Suponiendo que este es el caso, ¿Cuál es el petróleo inicial en el reservorio?. b) Se desea hacer un inventario de los barriles fiscales iniciales del reservorio a un
segundo intervalo de producción . Cuando la presión decrece a 4200 psia, el factor volumétrico del petróleo es 1,531 bbl/STB, y la producción es de 205 M STB. Si la compresibilidad promedia del petróleo es 17,65 x 10
-6 psi
-1, ¿cuál es el petróleo inicial
en el reservorio? c) Después de analizar los núcleos y registros, el cálculo volumétrico del petróleo inicial
en el reservorio es 7,5 MM STB. Asumiendo que este valor es correcto, ¿cuál es la intrusión de agua en el reservorio cuando la presión disminuye a 4600 psia?
Solución: a) Cálculo del petróleo inicial en el reservorio de 5000 psia a 4600 psia:
W
f
W
WWoeo
oieo
op
S
C
S
SCCC
PBC
BNN
11
Sustituyendo datos:
MMSTBN
STBbblpsixxpsix
STBbblSTBxxN
psixC
psix
C
eo
eo
75,10
/51,146005000104,23
/52,110100
104,23
1075,0
4
75,0
25,020,300,17
16
3
16
16
b) Cálculo del petróleo inicial en el reservorio de 5000 psia a 4200 psia:
MMSTBN
STBbblpsixxpsix
STBbblSTBxxN
psixC
psix
C
eo
eo
8,10
/51,1420050001005,24
/52,110205
1005,24
10 75,0
4
75,0
25,020,365,17
16
3
16
16
c) Cálculo de la intrusión de agua a 4600 psia asumiendo que es correcto el valor de
petróleo inicial:
PCNBBNW
PBC
WBNN
BRRBB
BWWBRRBNN eooioPe
oieo
eoP
gssioio
wpegspoP
)(
Sustituyendo datos:
bblW
psixpsixSTBxbblSTBxxSTBbblSTBxxW
e
e
46000
400104,23/51,1105,7/52,110100 1663
6. Las propiedades de un reservorio volumétrico subsaturado son las siguientes: Pi= 4000 psia. Pb= 2500 psia.
Sw= 30% Φ = 10% Cw= 3 x 10
-6 psi
-1
Cf= 5 x 10-6
psi-1
Boi=1,300 bbl/STB a 4000 psia.
Bo= 1,320 bbl/STB a 3000 psia.
a) Calcular a 4000 psia el volumen poroso total, el volumen de agua connata y el volumen de hidrocarburos. Expresar las respuestas en barriles por acre-ft.
b) Repetir la parte a) , para 3000 psia. c) Calcular el petróleo fiscal en el reservorio a 4000 psia y 3000 psia. Calcular la
recuperación fraccional a 3000 psia. d) Calcular la compresibilidad promedia del petróleo entre 4000 psia y 3000 psia,
relativa al volumen a 4000 psia.
Solución: a) Cálculo del volumen poroso total, el volumen de agua connata y el volumen de
hidrocarburos para 4000 psia:
ftacrebblftacrebbl
S
VV
ftacrebblxxxSxV
ftacrebblxxSxxV
o
HCpi
ww
wHC
/8,7757,0
/1,543
/7,2323,01,07758 7758
/1,5433,0110,077581 7758
b) Repetición de la parte a) para 3000 psia:
ftacrebblftacrebblVVV
ftacrebblxxPCVSVSV
ftacrebblxPCVV
wfpfHCf
wpiwpfwwf
fpipf
/5,538/)4,2339,771(
/4,2333000400010318,7753,01
/9,7713000400010518,7751
6
6
c) Cálculo del petróleo fiscal en el reservorio a 4000psia y 3000psia:
facreSTBSTBbbl
ftacrebbl
B
VpsiaN
ftacreSTBSTBbbl
ftacrebbl
B
VpsiaN
o
HC
oi
HC
/9,407/32,1
/5,5383000
/8,417/3,1
/1,5434000
Cálculo de la recuperación fraccional a 3000 psia:
%3,2
/8,417
/9,4078,417
4000
30004000
r
ftacreSTB
ftacreSTB
psiaN
psiaNpsiaNr
d) Cálculo de la compresibilidad promedia del petróleo entre 4000 psia y 3000 psia, relativa al volumen de 4000 psia:
16103,15
300040003,1
32,13,1
psixC
PPB
BBC
ioi
ooi
7. Calcular las presiones al nivel de referencia, los gradientes de presión, el movimiento de
fluido y el flujo a través de una línea límite de 1320 ft de ancho en el reservorio a partir de las presiones estáticas medidas en los pozos.
Datos: Distancia entre pozo (ver figura) = 1320 ft Espesor neto del estrato = 20 ft Buzamiento del estrato entre pozos = 8º 37’ Nivel de referencia del estrato = 7600 ft b.n.m. Gravedad específica del fluido del reservorio = 0,693 (densidad agua = 1,00 gr/cc) Permeabilidad del reservorio = 145 md. Viscosidad del fluido del reservorio = 0,32 cp. Presión estática del pozo Nº 1 = 3400 psia a 7720 ft b.n.m. Presión estática del pozo Nº 2 = 3380 psia a 7520 ft b.n.m. NOTA: las presiones estáticas medidas en los pozos generalmente se corrigen al tope del
intervalo perforado de producción empleando gradientes medidos en el pozo, y de allí hacia abajo o hacia arriba a un nivel de referencia usando el gradiente del fluido del reservorio. El nivel de referencia es arbitrario y, generalmente, seleccionado cerca del centro de gravedad de la acumulación inicial de hidrocarburos.
Solución:
Gradiente del fluido del reservorio = ftpsiaft
psiax /30,0433,0693,0
P1 al N.R. de 7600 ft psiaftpsiaftxpsia 3364/30,01203400
P2 al N.R. de 7600 ft psiaftpsiaftxpsia 3404/30,0803380
La diferencia de 3404 psia – 3364 psia = 40psia indica el movimiento del fluido buzamiento abajo, del pozo Nº2 al pozo Nº1
El gradiente efectivo promedio =
d
PP 12
Cos 8º 37’= ftft
dd
ft1335
9887,0
13201320
El gradiente efectivo promedio = ftpsiftpsiaft
psia/030,0/030,0
1335
40
Cálculo de la velocidad del fluido:
díaftbbl
ftx
ft
díabblV
ftpsiacp
dxV
dx
dpkV
/086,01
615,5/0153,0
/030,032,0
145,0127,1127,1
3
2
Cálculo del fluido a través de una línea límite de 1320 ft de ancho:
díabblq
ftxxft
díabblqVAq
/409
)201335(/
0153,02
Solución Alterna:
Asumiendo la dirección positiva del pozo Nº1 al pozo Nº2, luego:
'37º98 y cos 1499,0
cos433,0127,1cos433,0127,1 12
d
ppk
dx
dpkV
Cos 8º 37’= ftft
dd
ft1335
9887,0
13201320
2
/0153,0
1499,0693,0433,01335
34003380
32,0
145,0127,1
ft
díabblV
xxft
psiapsia
cp
dV
El signo negativo indica el movimiento del fluido en dirección negativa, por lo
tanto, el movimiento del fluido debe ser del pozo Nº2 al pozo Nº1: q= 409 bbl/día 8. Se tiene un reservorio recién descubierto, la información proporcionada por tres pozos
exploratorios son las siguientes:
Φ (%) Sw (%) A(acres) Pozos 5’ 10 30 300 1 5’ 12 40 350 2 5’ 18 50 400 3
Presión inicial promedia = 3000 psia. FVP a la condición final 2000 psia = 1,25 bbl/STB.
a) Si se sabe que el reservorio estaba originalmente encima de la presión de burbujeo,se pide evaluar el petróleo insitu.
b) Si se ha producido el 10 % del petróleo in situ inicial. Calcular el Bo a 3000 psia. Solución:
a) El reservorio estaba inicialmente no saturado: So 3000 +Sw 3000=1, pero Sw 3000=0,3; Sg 3000= 0
So 3000 = 0,7
So 2000 +Sw 2000 +Sg 2000 =1, pero Sw 2000; Sg 2000= 0 So 2000 = 0,5
Por definición: p
oo
V
VS
2000
3000
20002000
30003000
5,0
7,0
o
o
p
oo
p
oo
V
V
V
VS
V
VS
……………………...(1)
Por definición: Nfinal =N - Np N2000 =N3000 – Np.............................(2) Por definición: Vo =NBo
Vo 3000 =N3000 Bo 3000 .....................(3) Vo 2000 =N2000 Bo 2000 .....................(4)
Reemplazando la Ec. (2) en la Ec. (4): Vo 2000 =(N3000 – Np)Bo 2000 ........................................(5) Reemplazando las Ecs. (3) y (5) en la Ec. (1):
2000 op3000
3000 o3000
)BN (N
B N
5,0
7,0
Despejando Bo 3000:
Bo 3000 = 2000 oB15
7
N
Np
Reemplazando valores:
Bo 3000 =STB
bbl1,25
1,01
5
7
N
N
Bo 3000 =STB
bbl1,575
b) Cálculo del petróleo in situ inicial:
STBN
xxxBSAhN oiw
517200
575,1/)3,01(10,053007758/)1(7758
9. En un reservorio volumétrico de gas el volumen bruto es 17000 acres-ft y la presión es de
634 psig, sabiendo que la porosidad promedia es 18 % y la saturación de agua connata es 34 %. Se pide la cantidad de gas en SCF que se debe inyectar a este reservorio para que la presión se duplique si zi y zf son 0,86 y 0,78 respectivamente a 130 ºF.
Solución:
Primero hallaremos los factores de volumen requeridos del gas a 634 psig y 1268 psig. Podemos asumir la presión de 1268 psig como inicial y 634 psig como final, entonces los SCF producidos serán iguales a los SCF requeridos para reinyectar, entonces el volumen requerido de gas, Gp , será:
3
3
19,4546013086,0
7,1463435,35
53,9846013078,0
7,14126835,35
143560
143560143560
ft
SCFB
xB
ft
SCFB
xB
BBSVGG
BSVBSVGG
gaga
gigi
gagiwbpi
gawbgiwbpi
Entonces el gas que se debe reinyectar será:
MMMSCFGG
xxxGG
pi
pi
7,4
19,4553,9834,0118,01700043560
10. En un reservorio volumétrico y no saturado se da: Pi = 4000 psia Pf = 3000 psia Boi = 1,30 bbl/STB
Bo = 1,32 bbl/STB Sat. de agua connata inicial = 30% Porosidad inicial = 10% Cw = 3 x 10
-6 psi
-1
Cf = 5 x 10
-6 psi
-1
Calcular: a) El petróleo in situ por acre-ft de reservorio.
b) Los barriles de petróleo producido. Solución:
a)
ftacre
STB
B
SN
oi
wi17758
ftacreSTBNx
N
/4183,1
3,011,07758
b)
o
fioioep
fioioe
op
B
PPBNCN
PPBC
BNN
ftacreSTBN
STBbbl
psiSTBbblpsixftacreSTBN
psixxxxx
C
psixPP
BB
BC
p
p
oe
fi
ooi
oio
/8,9
/32,1
1000/30,11081,23/418
1081,237,0
1038,53,01037,01038,15
1038,1530004000
32,130,1
3,1
11
16
16666
16
11. Una arenisca cuyo volumen total es de 1 cm3 se coloca en un recipiente de 10 cm3 de
capacidad el cual está lleno de aire, se sella el recipiente y la presión es 750 mm Hg, luego el aire se expande a temperatura constante a través de una válvula hacia un segundo recipiente de igual capacidad que le primero obteniéndose una presión de equilibrio de 361,4 mm Hg ¿Cuál es la porosidad de la arenisca?
Solución:
B
g
B
gB
B
p
V
V
V
VV
V
V
1 ..................................................(1)
21
21
221121
2
2
PP
PPVV
VPVPVPVPVVVPVVP
g
gggg
........(2)
Reemplazar la Ec. (2) en la Ec. (1):
%303,07,01
4,361750
4,3612750
1
101
21
3
3
21
21
mmHgmmHg
mmHgxmmHg
cm
cm
PP
PP
V
V
B
12. Se tiene un reservorio inicialmente no saturado, de este reservorio se produce el 7% de
petróleo in situ inicial, la saturación de agua connata permanece constante (22%), se sabe además que: Bo = 1,45 bbl/STB .
¿Cuál es la saturación del gas?
Solución: Como el reservorio está inicialmente no saturado, la saturación del gas Sg = 0. Entonces:
NNNNNN
SSSSS
pfinal
oogwo
93,007,0
78,01022,01
El volumen poroso se mantiene constante:
N (0,93)
93,0
-
ooig
ooig
fooig
gfooi
wgofoiw
pfpi
BBV
NBNBV
NBNBV
VNBNB
VVVVV
VV
Por definición: pfoioi
pipi
oi
pi
oioi V
NBVV
V
V
V
VS
78,078,078,0
Por definición:
%2,5 052,0
78,0
93,0
g
oi
ooi
pf
g
g
S
NB
xBBN
V
VS