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Cap.8 - Energia de Combustíveis fósseis
Combustíveis fósseis
Gás Natural
Óleo diesel
Centrais térmicas a ciclo combinado
(efic.=50%)
- Sistemas isolados- Grupo geradores de emergência
(efic.=30%)
PCI = 8.450 kcal/Nm3
RTp R = 8.314 / 18,27 = 455 J/kg.K
= 101.325 / (455 x 293,15)= 0,759 kg/Nm3
PCI = 35.321 kJ/Nm3
PCI = 46.536 kJ/kg
PCI = 10.200 kcal/kg
= 830 kg/m3
PCI = 42.636 kJ/kg
8.1 – Centrais térmicas a gás natural
8.1.1 – Análise econômica de uma Central a Gás Natural
EnergiaQuímica doCombustível
CentralTérmica
EnergiaElétrica
Energiatérmica
Exemplo de balanço energético: Central de 100 MW (balanço anual)
EE= 832.200 MWh/ano (indisponibilidade = 5,0%)
EE= 100 MW x 8760 h/ano
1 MWh = 106 J/s x 3.600 s = 3,6 109 J
EQC = 1,66 106 x 3,6 109 J (térmico)/ano
EQC = 5,99 x 109 MJ (térmico)/ano
Para eficiência = 50% => EQC = 832.200/0,50 MWh/ano
EQC = 1.664.400 MWh(térmico)/ano
EQC = 5,99 x 1015 J (térmico)/ano
QC 357 ton / dia
QC 170 milhões Nm3 / ano
PCI = 46,5 MJ/kg => Gás Natural
QC = 128.817.204 kg/ano QC 10.735 ton /mês QC 357 ton / dia
QC 170 milhões Nm3 / ano
Combustível CentralTérmica
Energiaelétrica
EE$= R$ 140,00 x 832.200 MWh/ano EE$= R$ 116.500.000,00 / ano
EE$= R$ 116.500.000,00 / ano
Para um custo unitário de R$ 1.500,00 /kW Custo de Central = R$ 150 milhões
FRC=0,149 para i=8% e n=10 anos Amortização = R$ 22,35 milhões /ano
Amortização = R$ 22.350.000,00/ano
Custo de operação e manutenção = R$ 10,00 a R$ 20,00 / kW / mês
C.O.M. = R$ 12.000.000,00 / ano
C.O.M. = R$ 12.000.000,00 / ano
Restante = R$ 53.025.000,00 /ano QC = 170.000.000 Nm3 /ano
Combustível = R$ 53.025.000,00 /ano
Custo do combustível = R$ 0,31 / Nm3 (máx.)
Impostos = 10% do faturamento Impostos = R$ 11.650.000 / ano
Impostos = R$ 11.650.000 / ano
Lucro = 15 % do faturamento Lucros = R$ 17.475.000 / ano
Lucros = R$ 17.475.000 / ano
Total = R$ 63.475.000,00 /ano
Total = R$ 63.475.000,00 /ano
Preço = US$ 7,1 por milhão de BTU1 BTU = 1,055 kJ => 106 BTU = 1,055 x 106 kJ
Preço = US$ 7,1 / 1,055 x 106 kJPCI = 35.321 kJ/Nm3
Preço = (7,1 / 1,055 x 106) x 35.321 [US$/kJ] x [kJ/Nm3]Preço = US$ 0,24 por Nm3
Preço = R$ 0,40 por Nm3
8.2 – Grupo gerador a Diesel
- Sistemas isolados- Grupo geradores de emergência- Substituição em horário de ponta
0
10
20
30
40
50
60
70
80
90
100
0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24
Curva de carga de um sistema isolado = Potência % - tempo (h)
Fator de capacidade = 0,546 %
Potência instalada = 1 MW
Energia total = 0,546 x 1 MW x 24 h / dia = 13,1 MWh
FC = 13,1 / 24 = 0,546 %
8.2.1 – Análise econômica de uma Central a Diesel
EnergiaQuímica doCombustível
CentralTérmica
EnergiaElétrica
Energiatérmica
Exemplo de balanço energético: Central de 1 MW (balanço anual)
EE= 4.781 MWh/ano
EE= 13,1 x 365 MWh/ano
1 MWh = 106 J/s x 3.600 s = 3,6 109 J
EQC = 1,59 104 x 3,6 109 J (térmico)/ano
EQC = 5,72 x 107 MJ (térmico)/ano
Para eficiência = 30% => EQC = 4.781 / 0,30 MWh/ano
EQC = 15.938 MWh(térmico)/ano
EQC = 5,72 x 107 MJ (térmico)/ano
QC 3,72 ton / dia
QC 4.493 lit / dia
PCI = 42,6 MJ/kg => Óleo Diesel
QC = 1.342.723 kg/ano QC 111,89 ton /mês QC 3,72 ton / dia
QC 1.617.738 lit / ano
Combustível CentralTérmica
Energiaelétrica
Para um custo unitário de R$ 1.400,00 /kW Custo de Central = R$ 1,4 milhões
FRC=0,149 para i=8% e n=10 anos Amortização = R$ 208.600,00 /ano
Amortização = R$ 208.600,00/ano
Custo Combustível = R$ 3.235.477,00 /anoQC = 1.617.738 lit /ano
Combustível = R$ 3.235.477,00 /ano
Custo do combustível = R$ 2,00 / lit.
EE$= R$ 746,00 x 4.781 MWh/ano EE$= R$ 3.566.626,00 / ano
EE$= R$ 3.566.626,00 / ano
Impostos = R$ 0,00 / ano
Impostos = R$ 0 / ano
Lucros = R$ 0,00 / ano
Lucros = R$ 0 / ano
Total = R$ 3.564.077,00 /ano
Custo de operação e manutenção = R$ 10,00 a R$ 20,00 / kW / mês
C.O.M. = R$ 120.000,00 / ano
C.O.M. = R$ 120.000,00 / ano
Total = R$ 3.564.077,00 /ano Custo de geração R$ 745,00 / MWh
Cap. 11 – Eficiência Energética
Eficiência energética
Iluminação
Uso de inversores de frequência em
Compressores , bombas e ventiladores
Redução até 20%
- Troca de lâmpadas => Redução = 15%
Motores elétricos
- Alta eficiência => Redução = 10%
IsolamentoTérmico
- Novos materiais => Redução = 10%
=>
11.1 – Co-geração
Em poucas palavras, co-geração é a ampliação de uma instalação existente de geração de vapor para processo, visando a geração de energia elétrica em ciclo fechado.
Perdas
Caldeira VaporCombustível
Perdas
ProcessoIndustrial
Retorno do condensado
Caldeira a lenha
T = 85 %
VaporLenha
PTL = 23.446 kW PTV = 19.930 kW
PCI = 2.312 Mcal/mst
mL = 8,73 mst/h
PPC = 3.516 kWh = 2.575 kJ/kgmV = 7,74 kg/smV = 27,8 t/h
Perdas
Fluxo energético da caldeira
Geração de vapor
Análise da geração de vapor
Caldeira a lenha
Lenha Vapor
Processo
Gases da combustão
1Bombad’água
2
3
Água fria
Diagrama T-h da geração de vapor e processo:
1
2
T
h
174 oC
3
8 [kgf/cm2]
Proposição para a geração de vapor
Caldeira Turbina e gerador
Lenha
Processo
Bombade água
Vapor
Gases da combustão
1
2
3
Água fria
4
E.Elétrica
Diagrama T-h da co-geração
13
T
253 oC
4
42 [kgf/cm2]
386 oC2
h
Gerador: 3.750 kVA
Turbina a vapor: pressão de entrada: 42 kgf/cm2
pressão de saída: 6 kgf/cm2
temperatura de entrada: 420 0C
Caldeira:Capacidade: 30 t/hPressão de 12 kgf/cm2 para 42
kgf/cm2
Exemplo de planta de co-geração
Condições termodinâmicas na turbina a vapor
Turbina a vapor EntradaSaída
(isoentrópica)Saída
Pressão absoluta
4,2 MPa 0,68 MPa 0,68 MPaTemperatura 420 0C 181,5 0C 221,4 0C
Entalpia 3.257 KJ/kg 2.804 KJ/kg 2.871 KJ/kgEntropia 6,812 KJ/kg.K 6,812 KJ/kg.K 6,954 KJ/kg.K
Consumo de vapor na turbina à 80% da capacidade
Turbina a vapor
Diferença de entalpia do vapor 386 KJ/kg
Potência de eixo 2.842 kW
Rendimento mecânico 95 %
Potência “térmica” 2.991,5 kW
Vazão de vapor 7,74 kg/s
Vazão de vapor 27,9 ton/h
A geração média mensal em co-geração considerando regime permanente de funcionamento à 80 % da capacidade será de 2,7 MW vezes 720 horas, ou seja, 1.944 MWh por mês.
Exemplo de planta de co-geração
O acréscimo em comparação com a situação inicial é de somente R$28.000,00/mês ou seja, a diferença entre o consumo de lenha (14.000 mst/ano equivalente a 1.167 mst/mês) multiplicado pelo valor do mst de lenha (R$24,00).
Nestas condições, considerando apenas o acréscimo das despesas com o combustível (lenha), tem-se o custo da energia gerada estimado em R$ 14,40 por MWh.
Exemplo de planta de co-geração
11.2 – Tri-geração
O conceito de tri-geração envolve a geração de energia elétrica, vapor (calor) e frio em um sistema.
Existe também a possibilidade de utilização de ciclos de refrigeração por absorção para o aproveitamento de fluxos de gases quentes (com temperaturas da ordem de 100 a 150 0C), como os fluxos dos gases de combustão de caldeiras, gerando efeito frigorífico em evaporadores.
Fluxo energético da caldeira com ciclo de absorção
Caldeira a lenha
T = 85 %
VaporLenha
PTL = 27.719 kW= 23.875 Mcal/h
PTV = 23.561 kW
= 20.294 Mcal/h
PCI = 2.312 Mcal/mst
mL = 10,33 mst/h h = 3.044 kJ/kgmV = 7,74 kg/s
Perdas
Ciclo de absorção
PTCA = 2.079 kW= 1.790 Mcal/h
QEVA = 1.455 kW= 1.253 Mcal/h
AtmosferaQ = 3.043 Mcal/h
Tri-geração
11.3 – Inversores de frequência
• Técnico Inversores de frequência Sistema de bombeamento Sistema de refrigeração
• Econômico Análise de viabilidade
• Geral Potencial de redução de consumo de energia elétrica
Potencial de redução de custos
Dentro do setor industrial mais da metade do
consumo de energia elétrica é devido ao uso de
motores elétricos, acionando diversos tipos de
máquinas :
Bombas hidráulicas, ventiladores,
trituradores, misturadores, compressores,
máquinas ferramentas e etc ..
O consumo de energia elétrica pelos
motores é proporcional às cargas
mecânicas das máquinas acionadas.
A carga mecânica de uma máquina é, em
geral, proporcional ao cubo da rotação
desta máquina.
Potencial de redução de custos
Instalação de bombeamento
Potencial de redução de custos
Bomba e Motor
Válvula
Medidor de vazão
Controlador
Instalação de bombeamento
controle de vazão por fechamento de válvula
Bomba e Motor
Curva da bomba(em rotação constante)
H
H-total
Vazão
Válvula
Curva do sistema hidráulico(válvula 100% )
Q100
Curva do sistema hidráulico(válvula 50% )
Q50
Perdas no motorPerdas na bombaPerdas na válvulaPotência útil que produz escoamento
Potência elétrica fornecida
Controle por fechamento de válvula (bomba em rotação constante)
Percentual da vazão
Potência
Em geral, pode-se aplicar a análise para vários sistemas:
Instalações de bombeamento:> Água de caldeira (geração de vapor e ciclos)
> Produtos líquidos em processos químicos
> Sistemas de resfriamento com água ou outros líquidos
Instalações de ventilação:> Ar para caldeira (geração de vapor e ciclos)
> Sistemas de exaustão
> Sistemas de ar-condicionado
Inversores de Frequência
50 cm
1 CV
3 CV
7 CV
Inversores de Frequência
Fonte CA
Frequência e Tensão
Constante
RetificadorTensão CC
Constante ou Variável
Inversor
Regulador
Referência de Rotação da Carga
MotorPotência CA
Frequência e Tensão Variável
Diagrama de blocos simplificado
Inversores de Frequência
Sinal de Entrada
0 a 10 Vcc
= Rotação
3~Controlador
Instalação de bombeamento
controle de vazão por rotação do motor elétrico
Bomba e Motor
Curva da bomba(em rotação 100%)
H
H-total
Vazão
Válvula
Curva do sistema hidráulico(válvula 100% - on-off )
Q100Q50
Curva da bomba(em rotação 50%)
Percentual da vazão
Potência
Controle de vazão por rotação do motor / bomba
Redução de PotênciaPotência útil que produz escoamento
Perdas no motor, na bomba e no inversor.
Potência elétrica em rotação variável
Potência elétrica em rotação constante
Controle de vazão por rotação do motor / bomba
Percentual da vazão
Potência
Observa-se do gráfico que:
Quanto maior for o tempo em que
a bomba opere em condições
de vazões abaixo da capacidade
máxima, maior será a quantidade
de energia possível de ser reduzida,
através do uso de
inversor de frequência.
Sistemas de Refrigeração:
Potencial de redução de custos
> Câmaras frigoríficas
> Ar-condicionado
Câmara Frigorífic
a
Produtos
Evaporador
Condensador
Válvula
MotorElétrico
Compressor
Ciclo Frigorífico
Sensor
Sistema de
Controle
Atuador
Ciclo Frigorífico
EVAPQ
CONDQ
m
COMPWPROD
Q
PT
AMBQ
Ciclo Frigorífico
1
4 3
2
Fluidos Refrigerantes:
Amônia , R304
e outros
1
2
4
3
T
s
Diagrama T-s
0
35
-10
45
Diagrama de Blocos do Sistema
+-
-+
TR TCE
Controle
Compressor
e
Circuito
Frigorífico
Distúrbio Térmico do Ambiente
TAMB
Câmara
e
Produto
QEVAP
QAMB
Inversor
Sinal Erro :
E = T
Tipos de Controle :
1) ON - OFF
* Se T > 2 0C => = 1790 RPM
** Se T < -2 0C => = 0 Vantagens :
• Facilmente implementado ( termostato )
• Barato
Desvantagens :
• Partidas bruscas (maior consumo de energia)
• Menor vida útil do compressor (fadiga de material)
2) PID ( Proporcional - Integral - Derivativo ) :
O sinal atuante é obtido a partir do sinal erro através da soma de três parcelas :
i) EK - proporcional ao sinal erro ;
ii) EI - proporcional a integral do sinal erro ;
iii) ED - proporcional a derivada do sinal erro.
3) Potencial :
O sinal atuante é obtido do sinal erro pela equação:
En = Kc T - 1
Tipos de Controle :
Simulação Numérica:
Produto: Carne Cp = 1.965 KJ / kg.K
Massa = 15.000 kg
Fluido refrigerante : Amônia
n = 1,297
Compressor : Volume = 1 litro = 0,001 m3
Relação de espaço morto = 4 %
Rotação = 1790 RPMObs: Quando o PRODUTO atinge a temperatura de 2 0C coloca-se na câmara nova carga de 15.000 kg.
Temperatura do Produto
dias
0C
Controle PID26 cargas em 7 dias
Temperatura do Produto Controle On-Off
23 cargas em 7 dias
dias
0C
Temperatura do Produto Controle Potencial
21 cargas em 7 dias
dias
0C
Consumo de Energia
Potencial : 1,8 MWh / 21 cargas = 85,7 kWh / carga
dias
MWh
PID : 2,8 MWh / 26 cargas = 107,7 kWh / carga
On-Off : 2,3 MWh / 23 cargas = 100,0 kWh / carga
Consumo de Energia
Global (kWh) :
On-Off = 100 %
Potencial = 78,3 %
PID = 121,7 %
Específico (kWh/kg) :
On-Off = 100 %
Potencial = 85,7 %
PID = 107,7 %
Redução de consumo (7 dias) = 2,3 – 1,8 = 0,5 MWh
Redução de consumo mensal = 4 . 500 kWh
= 2 MWhRedução de custo mensal = 2 . R$ 100,00 = R$ 200,00
Análise simplificada de viabilidade
Custo do conversor e instalação de 20 CV = R$ 8.000,00
Tempo de retorno = 8.000/200 = 40 meses = 3,3 anos
Para avaliar corretamente a possibilidade de redução de consumo, e o seu grau de viabilidade (tempo de retorno, TIR e etc.) é necessário conhecer os regimes de funcionamento do sistema.
É possivel obter redução significativa do consumo de energia implementando equipamentos de controle de rotação de motores elétricos