Upload
others
View
0
Download
0
Embed Size (px)
Citation preview
1
Zadatak 021 (Anamarija, hotelijerska škola)
Riješi jednadžbu 2.x x= −
Rješenje 021 Ponovimo!
Jednadžba ( ) ( )f x g x= ekvivalentna je sustavu ( ) ( )
( )
2
0.
f x g x
g x
=
≥
Zadana je jednadžba ekvivalentna sustavu:
( )
( )
( )22 identitet
2 2 22 2.
000
/
10 /
x x x xx x x x
xxx x
= − = = − = −⇒ ⇒ ⇒ ≤− ≥ − ≥ − ≥ ⋅ −
Budući sa smo dobili identitet rješenje jednadžbe je skup realnih brojeva, a nejednadžba je ekvivalentna sa
x ≤ 0 pa je rješenje početne jednadžbe ], 0 .− ∞
Vježba 021
Riješi jednadžbu 20.x x+ =
Rezultat: ], 0 .− ∞
Zadatak 022 (Anamarija, hotelijerska škola)
Riješi jednadžbu 31 3.x + =
Rješenje 022
Budući da je na lijevoj strani član s drugim korijenom, kvadrirat ćemo lijevu i desnu stranu zadane
jednadžbe:
23 3 3 3 32
1 3 1 3 1 32
/ 1 9 8.x x x x x
+ = ⇒ + = ⇒ + = ⇒ + = ⇒ =
Još jedno kubiranje i sreñivanje dovodi nas konačno do rješenja:
( )3
3 3 3 38 8 8 5
3/ 12.x x x x= ⇒ = ⇒ = ⇒ =
Da je to i rješenje zadane iracionalne jednadžbe uvjeravamo se uvrštavanjem:
331
512 1 3 8 1 3 9 3 3 3,
512
x
x
+⇒ + = ⇒ + = ⇒ = ⇒ =
=
a to je istinita jednakost.
Vježba 022
Riješi jednadžbu 32 2.x + =
Rezultat: 8.
Zadatak 023 (Vedrana, gimnazija)
Riješi jednadžbu 3 2 1
6.4 5 1
nx
nx
+ ⋅ −=
+ ⋅ −
Rješenje 023
( ) ( )3 2 1 3 2 1
6 6 3 2 1 6 4 5/ 4 5 1 14 5 1 4 5 1
n nx x n n
x xn nx
n
xx
+ ⋅ − + ⋅ −= ⇒ = ⇒ + ⋅ − = ⋅ + ⋅ − ⇒
+ ⋅+ −
− + ⋅⋅
−⋅
3 2 1 24 30 1 2 1 30 1 24 3 28 1 211
/28
n n n n nx x x x x⇒ + ⋅ − = + ⋅ − ⇒ ⋅ − − ⋅ − = − ⇒ − ⋅ − =
⋅ −
⇒
2
( )21 3 3 3 3
1 1 1 1 128 4 4 4 4
/
n nnn n n nx x x x x
n ⇒ − = − ⇒ − = − ⇒ − = − ⇒ − = − ⇒ − = − ⇒
31 .
4
n
x
⇒ = + −
Vježba 023
Riješi jednadžbu 1 2 1
1.4 5 1
nx
nx
+ ⋅ −=
+ ⋅ −
Rezultat: ( )1 1 .n
+ −
Zadatak 024 (Ivan, gimnazija)
Riješite iracionalnu jednadžbu .a
a x b xa x
− + − =−
Rješenje 024 Ponovimo!
a b a b⋅ = ⋅
( )/2a a
a x b x a x b x a x a x b x aa x a x
a x− + − = ⇒ − + − = ⇒ − + − ⋅ − = ⇒− −
⋅ −
( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) 2/a ax a x b x a x b x x a x b x x⇒ − + − ⋅ − = ⇒ − ⋅ − = ⇒ − ⋅ − = ⇒
( ) ( )( ) ( ) ( )2 2 22 2
a x b x x a x b x x a b a x b x xx⇒ − ⋅ − = ⇒ − ⋅ − = ⇒ ⋅ +− ⋅ − ⋅ = ⇒
( ) ( )1 ./0a b
a b a x b x a x b x a b a x b x a b x a b a b xa b
⋅⇒ ⋅ − ⋅ − ⋅ = ⇒ − ⋅ − ⋅ = − ⋅ ⇒ ⋅ + ⋅ = ⋅ ⇒ ⋅ + = ⋅ ⇒ =
+⋅ −
Vježba 024
Riješite iracionalnu jednadžbu .a
a xa x
− =−
Rezultat: x = 0.
Zadatak 025 (Cure iz hotelijerske škole, TUPŠ) Za koju je vrijednost parametra m zbroj rješenja kvadratne jednadžbe m · x2
– 2 · (m – 1) · x + 5 = 0
jednak 1?
Rješenje 025 Ponovimo!
a b a b⋅ = ⋅
( )/2a a
a x b x a x b x a x a x b x aa x a x
a x− + − = ⇒ − + − = ⇒ − + − ⋅ − = ⇒− −
⋅ −
( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) 2/a ax a x b x a x b x x a x b x x⇒ − + − ⋅ − = ⇒ − ⋅ − = ⇒ − ⋅ − = ⇒
( ) ( )( ) ( ) ( )2 2 22 2
a x b x x a x b x x a b a x b x xx⇒ − ⋅ − = ⇒ − ⋅ − = ⇒ ⋅ +− ⋅ − ⋅ = ⇒
( ) ( )1 ./0a b
a b a x b x a x b x a b a x b x a b x a b a b xa b
⋅⇒ ⋅ − ⋅ − ⋅ = ⇒ − ⋅ − ⋅ = − ⋅ ⇒ ⋅ + ⋅ = ⋅ ⇒ ⋅ + = ⋅ ⇒ =
+⋅ −
Vježba 025 Za koju je vrijednost parametra m zbroj rješenja kvadratne jednadžbe m · x2
– 2 · (m – 1) · x + 5 = 0
jednak 0?
Rezultat: x = 0.
3
Zadatak 026 (Emy, gimnazija)
Riješi iracionalnu jednadžbu: 3 4 1 8 6 1 1.x x x x+ − ⋅ − + + − ⋅ − =
Rješenje 026 Ponovimo!
( )2 2 2
2 .a b a a b b− = − ⋅ ⋅ +
Za realni broj x njegova je apsolutna vrijednost (modul) broj │x│ koji odreñujemo na ovaj način:
, .
, 0
0
x xx
x x
≥=
− <
Ako je broj x pozitivan ili nula, tada je on jednak svojoj apsolutnoj vrijednosti. Za svaki x, x ≥ 0, vrijedi
│x│= x.
Ako je x negativan broj, njegova apsolutna vrijednost je suprotan broj – x koji je pozitivan. Za svaki x, x < 0,
je │x│= – x.
13 4 1 8 6 1 1 4 1 14 1 9 6 1x x x x x x x x+ − ⋅ − + + − ⋅ − = ⇒ − ⋅ − + − ⋅ −+ − + =− ⇒
( ) ( )supstitucija
21
1 4 1 4 1 6 1 9 11
x x x xx t x t
⇒ − − ⋅ − + + −
− =− ⋅ − + = ⇒ ⇒
⇒ − =
( ) ( )2 22 2
4 4 6 9 1 2 3 1 2 3 1.t t t t t t t t⇒ − ⋅ + + − ⋅ + = ⇒ − + − = ⇒ − + − =
Iz t – 2 = 0 nalazimo karakterističnu točku (KT) modula:
2 2 .T0 Kt t− = ⇒ =
Iz t – 3 = 0 nalazimo karakterističnu točku (KT) modula:
3 3 .T0 Kt t− = ⇒ =
Karakteristične točke t = 2, t = 3 dijele brojevni pravac na tri dijela:
2 , 2 3 , 3.t t t< ≤ ≤ >
+ ∞∞∞∞- ∞∞∞∞ 2 3
Je li izraz pod znakom modula pozitivan ili negativan, provjeravamo uvrštavanjem jednog broja manjeg od
KT i jednog većeg od KT, a zatim primijenimo definiciju modula (apsolutne vrijednosti).
Prvi slučaj
Za t < 2 izrazi t – 2 i t – 3 su negativni pa vrijedi:
( ) ( )2 2 2 , 3 3 3.t t t t t t− = − − = − + − = − − = − +
Zato je:
( )2 3 1 2 3 1 1 2 3 2 4 /: 2 2.t t t t t t t t− + − = ⇒ − + − + = ⇒ − − = − − ⇒ −− ⋅ = − ⇒ =
To je suprotno pretpostavci t < 2.
Drugi slučaj
Za 2 ≤ t ≤ 3 izraz t – 2 je pozitivan, a izraz t – 3 je negativan pa vrijedi:
( )2 2 , 3 3 3.t t t t t− = − − = − − = − +
Zato je:
2 3 1 2 3 1 2 3 1 2 3 1 1 1.tt t t tt− + − = ⇒ − − + = ⇒ − + = ⇒ − + = ⇒ =−
Ako u nekom intervalu (segmentu) dobijemo identičku jednakost, onda su svi brojevi iz tog intervala
(segmenta) rješenja jednadžbe. Znači da je rješenje:
[ ]2, 3 .t ∈
Treći slučaj
Za t > 3 izrazi t – 2 i t – 3 su pozitivni pa vrijedi:
2 2 , 3 3.t t t t− = − − = −
Zato je:
4
2 3 1 2 3 1 /1 2 2 23 6 3: .t t t t t t t t− + − = ⇒ − + − = ⇒ + = + + ⇒ ⋅ = ⇒ =
To je suprotno pretpostavci t > 3.
Vraćamo se supstituciji:
[ ]
1 kvadriramo 2/
nejednakost
12 1 3 2 1
2, 3 i3
2 3
x tx x
t
x t
t
− = ⇒ ⇒ ≤ − ≤ ⇒ ⇒ ≤ − ≤ ⇒
∈ ≤ ≤
− =
nejednakostima/ 1
pribrojimo bro4 1 9 4 1 9 4 1 1 1 9
j1
1x x x
⇒ ≤ − ≤ ⇒ ⇒ ≤ − ≤ ⇒ + ≤ − + ≤ + ⇒
+
[ ]5 10 5, 10 .x x⇒ ≤ ≤ ⇒ ∈
Vježba 026
Riješi iracionalnu jednadžbu: 1 1 1.x+ + =
Rezultat: x = – 1.
Zadatak 027 (Andrijana, gimnazija)
Nañi zbroj rješenja jednadžbe: 4 5 3.x x− + + =
Rješenje 027 Ponovimo!
( ) ( )22 2 2
, ,2 .a b a a b b a a a b a b+ = + ⋅ ⋅ + = ⋅ = ⋅
Vièteove formule
Rješenja x1, x2 kvadratne jednadžbe a · x2 + b · x + c = 0 zadovoljavaju Vièteove formule:
,2
.1 2 1
b cx x x x
a a+ = − ⋅ =
Dvostrukim kvadriranjem zadane iracionalne jednadžbe dobije se kvadratna jednadžba:
( )2 2 24 5 3 4 5 3/5 3 4x x x x x x− + + = ⇒ − + + = ⇒ − + + = ⇒
( ) ( ) ( ) ( )2 2
4 2 4 5 5 9 4 2 4 5 5 9x x x x x x x x⇒ − + ⋅ − ⋅ + + + = ⇒ − + ⋅ − ⋅ + + + = ⇒
( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( )2 4 5 2 44 5 9 / : 25 0 4 5 0x x xx xx x x⇒ + ⋅ − ⋅ + = ⇒ ⋅ − ⋅ + = ⇒ − ⋅ +− + =+ ⇒
( ) ( ) ( ) ( )( ) ( ) ( )2
4 5 0 4 5 0 4 5 02
/x x x x x x⇒ − ⋅ + = ⇒ − ⋅ + = ⇒ − ⋅ + = ⇒
( )2 2 2
20 4 5 0 20 0 20 0/ 1x x x x x x x⇒ + ⋅ − ⋅ − = ⇒ − − + = ⇒ + −− =⋅ ⇒
2120 0 1 2 1.
1 2 1 211 , 1 , 20 1 , 1
bx xx x
x x x xaa b c a b
+ = −+ − =⇒ ⇒ ⇒ + = − ⇒ + = −
= = = −= =
Vježba 027
Nañi umnožak rješenja jednadžbe: 4 5 3.x x− + + =
Rezultat: – 20.
Zadatak 028 (Dario, tehnička škola)
Riješi iracionalnu jednadžbu: 3 3
2 5 1.x x+ − − =
Rješenje 028 Ponovimo!
( ) ( )3 3
, ,2
3 .2 3
3nn n n n
a b a a b a b b a a a b a b− = − ⋅ ⋅ + ⋅ ⋅ − = ⋅ = ⋅
5
Iracionalna jednadžba je jednadžba u kojoj se nepoznanica pojavljuje pod znakom korijena (odnosno
s nekim racionalnim eksponentom).
Uobičajna metoda rješavanja:
Kubiramo jednadžbu kako bismo je sveli na jednadžbu bez korijena. Često je potrebno i više puta kubirati.
1.inačica
( )3 33 3 3 3 3 3
2 5 1 2 5 1 2 5 1kubiramo 3
/jednadžbu
x x x x x x+ − − = ⇒ ⇒ + − − = ⇒ + − − = ⇒
( ) ( ) ( ) ( )3 2 2 3
3 3 3 3 3 32 3 2 5 3 2 5 5 1x x x x x x⇒ + − ⋅ + ⋅ − + ⋅ + ⋅ − − − = ⇒
( ) ( ) ( )2 2
3 3 3 32 3 2 5 3 2 5 5 1x x x x x x⇒ + − ⋅ + ⋅ − + ⋅ + ⋅ − − − = ⇒
( ) ( )2 2
3 3 3 32 3 2 5 3 2 5 5 1x x x x x x⇒ + − ⋅ + ⋅ − + ⋅ + ⋅ − − + = ⇒
( ) ( )2 2
3 3 3 32 3 2 5 3 2 5 5 1x x x xx x⇒ + − ⋅ + ⋅ − + ⋅ + ⋅ +−− = ⇒
( ) ( )2 2
3 3 3 32 3 2 5 3 2 5 5 1x x x x⇒ − ⋅ + ⋅ − + ⋅ + ⋅ − + = ⇒
( ) ( )2 2
3 3 3 33 2 5 3 2 5 1 2 5x x x x⇒ − ⋅ + ⋅ − + ⋅ + ⋅ − = − − ⇒
( ) ( )2 2
3 3 3 33 2 5 3 2 5 6x x x x⇒ − ⋅ + ⋅ − + ⋅ + ⋅ − = − ⇒
( ) ( ) ( )2 2
3 3 3 33 2 5 3 2 5 6 / : 3x x x x⇒ − ⋅ + ⋅ − + ⋅ + ⋅ − = −− ⇒
( ) ( ) [ ]izlučivan2 2
3 3 3 32 5 2 5 2 jex x x x⇒ + ⋅ − − + ⋅ − = ⇒ ⇒
( )supstituci
3 3ja
3 32 5 2 3 3
25 2
5 1x xx x x x
+ − − =⇒ + ⋅ − ⋅ + − − = ⇒ ⇒
( ) ( )kubiramo 3
/jedna
3
dž
3 3 3 32 5 1 2 2 5 2 2
b5 2
ux x x x x x⇒ + ⋅ − ⋅ = ⇒ + ⋅ − = ⇒ ⇒ + ⋅ − = ⇒
( ) ( )( ) ( ) ( )3 3 23
2 5 2 2 5 8 5 2 10 8x x x x x x x⇒ + ⋅ − = ⇒ + ⋅ − = ⇒ − ⋅ + ⋅ − = ⇒
22 2 3 18 0
3 10 8 0 3 18 01 , 3 , 18
x xx x x x
a b c
− ⋅ − =⇒ − ⋅ − − = ⇒ − ⋅ − = ⇒ ⇒
= = − = −
( )1 , 3 , 18
3 9 4 1 18 3 9 722
4 1,2 1,22 1 21,2 2
a b c
x xb b a c
xa
= = − = −± − ⋅ ⋅ − ± +
⇒ ⇒ = ⇒ = ⇒− ± − ⋅ ⋅ ⋅=
⋅
3 9 1261 13 81 3 9 2 2 1
.1,2 1,2 3 9 6 32 2
22 22 2
x x xx x
xx x
+= = =± ±
⇒ = ⇒ = ⇒ ⇒ ⇒− = −
= = −
Provjera!
Ovi rezultati moraju se uvrstiti u početnu jednadžbu da bi se provjerilo jesu li oni njezina rješenja.
6
3 32 5 1x x+ − − =
3 3
2 5 1x x+ − − =
x1 = 6
3 3
2 5 1x x+ − − =
x2 = – 3
3 36 2 6 5 1+ − − =
3 38 1 1− =
2 1 1− =
1 1=
x1 jest rješenje
3 33 2 3 5 1− + − − − =
3 31 8 1− − − =
( )1 2 1− − − =
1 2 1− + =
1 1=
x2 jest rješenje
2.inačica
kubiramo 3/
jednadžbu
3 3 3 3 3 32 5 1 2 1 5 2 1 5x x x x x x+ − − = ⇒ + = + − ⇒ ⇒ + = + − ⇒
( ) ( ) ( ) ( ) ( )3 3 3 2 3
3 23 3 3 3 3 32 1 5 2 1 3 1 5 3 1 5 5x x x x x x⇒ + = + − ⇒ + = + ⋅ ⋅ − + ⋅ ⋅ − + − ⇒
( ) ( )2 2
3 3 3 32 1 3 5 3 5 5 2 1 3 5 3 5 5x x x x x xx x⇒ + = + ⋅ − + ⋅ − + − ⇒ + = + ⋅ − ⋅ ++ − − ⇒
( ) ( )2 2
3 3 3 32 1 3 5 3 5 5 2 1 5 3 5 3 5x x x x⇒ = + ⋅ − + ⋅ − − ⇒ − + = ⋅ − + ⋅ − ⇒
( ) ( )2 2
3 3 3 36 3 5 3 5 3 5 3 5 6x x x x⇒ = ⋅ − + ⋅ − ⇒ ⋅ − + ⋅ − = ⇒
( ) ( )/2 2
3 3 3 33 5 3 5 6 0 5 5: 2 0.3x x x x⇒ ⋅ − + ⋅ − − = ⇒ − + − − =
Uvodimo zamjenu (supstituciju):
35.t x= −
Dobije se kvadratna jednadžba koju lako riješimo:
( )
22 2 0
2 023 3 1
35
, 1 , 25 5 2 0
t tt t
a b cx
x
x
t+ − =
⇒ + − = ⇒ ⇒= = = −− + − −
=
=
−
( )1 , 1 , 2
1 1 4 1 2 1 1 8 1 92
4 1,2 1,2 1,22 1 2 21,2 2
a b c
t t tb b a c
ta
= = = −− ± − ⋅ ⋅ − − ± + − ±
⇒ ⇒ = ⇒ = ⇒ = ⇒− ± − ⋅ ⋅ ⋅=
⋅
1 3 211 11 3 2 2 1
.1,2 1 3 4 22
22 22 2
t t tt
tt t
− += = =− ±
⇒ = ⇒ ⇒ ⇒− − = −
= = −
Vraćamo se na supstituciju.
• metoda kubiramo 3
/komparacije jed
35 3 3
5 1 5 1na ž1 d bu
t xx x
t
= −⇒ ⇒ − = ⇒ ⇒ − = ⇒
=
7
( )3
335 1 5 1 1 5 6.
1x x x x⇒ − = ⇒ − = ⇒ = + ⇒ =
• metoda kubiramo 3
/komparacije jed
35 3 3
5 2nadžbu
5 22
t xx x
t
= −⇒ ⇒ − = − ⇒ ⇒ − = − ⇒
= −
( ) ( )3 33
5 2 5 8 8 5 3.2
x x x x⇒ − = − ⇒ − = − ⇒ = − + ⇒ = −
Provjera!
Ovi rezultati moraju se uvrstiti u početnu jednadžbu da bi se provjerilo jesu li oni njezina rješenja.
3 32 5 1x x+ − − =
3 3
2 5 1x x+ − − =
x1 = 6
3 3
2 5 1x x+ − − =
x2 = – 3
3 36 2 6 5 1+ − − =
3 38 1 1− =
2 1 1− =
1 1=
x1 jest rješenje
3 33 2 3 5 1− + − − − =
3 31 8 1− − − =
( )1 2 1− − − =
1 2 1− + =
1 1=
x2 jest rješenje
Vježba 028
Riješi iracionalnu jednadžbu: 1 3 2x x+ + − =
Rezultat: 3.
Zadatak 029 (Mirza, elektrotehnička škola)
Riješi iracionalnu nejednadžbu: 2
3 3 2 1.x x x+ ⋅ + < ⋅ +
Rješenje 029 Ponovimo!
( ) ( )2 2 2
2 , .nn
a b a a b b a a+ = + ⋅ ⋅ + =
( ) ( )
( )
( )
( ) ( )( )
0
Iracionalna nejednadžba 0 sustav nejednadžbi
2
f x
f x g x g x
f x g x
≥
< ⇔ >
<
Općenito:
( ) ( )
( )
( )
( ) ( )( )
0
2Iracionalna nejednadžba 0 sustav nejednadžbi
2
f x
nf x g x g x
nf x g x
≥
⋅< ⇔ >
⋅<
Iracionalna nejednadžba je nejednadžba u kojoj se nepoznanica x pojavljuje pod znakom korijena
(odnosno s nekim racionalnim eksponentom).
Funkcija ( )f x x= definirana je na skupu nenegativnih realnih brojeva, { }0 .R+∪ To znači da negativni
realni brojevi ne mogu biti rješenja iracionalne jednadžbe .x a= To vrijedi za sve korijene parnog
8
eksponenta.
Postavimo uvjete zadane iracionalne nejednadžbe:
( )
23 3 0
23 3 2 1 2 1 0
1. uvjet
2. uvje .
223 3 2 1
t
3. uvjet
x x
x x x x
x x x
+ ⋅ + ≥
+ ⋅ + < ⋅ + ⇔ ⋅ + >
+ ⋅ + < ⋅ +
1.uvjet
23 3 .0x x + ≥+ ⋅
Najprije riješimo kvadratnu jednadžbu:
1 , 3 , 32
2 3 3 023 3 0
41 , 3 , 3
1,2 2
a b c
x xx x
b b a ca b c x
a
= = =
+ ⋅ + =+ ⋅ + = ⇒ ⇒ ⇒
− ± − ⋅ ⋅= = = =
⋅
23 3 4 1 3 3 9 12 3 n3
.1,2 1,2 1,
ema realnih rješenja
n22 1 2 ema nultočak2 ax x x
− ± − ⋅ ⋅ − ± − − ± −⇒ = ⇒ = ⇒ = ⇒
⋅
Odaberemo bilo koji realan broj x, na primjer x = 0 i uvrstimo ga u x2 + 3 · x + 3:
20 3 0 3 0 0 03 3 .+ ⋅ + = + + >=
Rezultat je pozitivan, što znači da je x2 + 3 · x + 3 pozitivan na cijelom intervalu , .x ∈ − ∞ + ∞
2.uvjet
0 / : 21 1
2 1 2 1 , .2 2
x x x x⋅ + ⇒ ⋅ > − ⇒ > − ⇒ ∈ − + ∞>
3.uvjet
( )22 2 2 2 2
3 3 2 1 3 3 4 4 1 3 3 4 4 1 0x x x x x x x x x x x+ ⋅ + < ⋅ + ⇒ + ⋅ + < ⋅ + ⋅ + ⇒ + ⋅ + − ⋅ − ⋅ − < ⇒
( )2 2 2
3 2 0 3 2 0 31 2/ 0.x x x x x x⇒ − ⋅ − + < ⇒ − ⋅ − + ⇒ ⋅ + −⋅ − ><
Najprije riješimo kvadratnu jednadžbu:
3 , 1 , 22
2 3 2 023 2 0
43 , 1 , 2
1,2 2
a b c
x xx x
b b a ca b c x
a
= = = −
⋅ + − =⋅ + − = ⇒ ⇒ ⇒
− ± − ⋅ ⋅= = = − =
⋅
( )2
1 1 4 3 2 1 1 24 1 25 1 5
1,2 1,2 1,2 1,22 3 6 6 6x x x x
− ± − ⋅ ⋅ − − ± + − ± − ±⇒ = ⇒ = ⇒ = ⇒ = ⇒
⋅
1 5 42
1 16 6 1 3 .1 5 6
122 26 6
x xx
xx x
− += =
=⇒ ⇒ ⇒
− −= −= = −
Nultočke – 1 i 2
3 ucrtamo na x osi. U točkama – 1 i
2
3 vrijedi jednakost = pa one nisu rješenje naše stroge
nejednakosti >. Zato ih nismo popunili (kružići su prazni).
2
3
- 1
+ ∞∞∞∞- ∞∞∞∞
• Odaberemo x izmeñu – ∞ i – 1, na primjer, x = – 2 i uvrstimo ga u 3 · x
2 + x – 2:
9
( ) ( )2
3 2 2 2 3 4 2 2 12 2 2 8 0.⋅ − + − − = − = − − = >⋅ −
Rezultat je pozitivan, što znači da je 3 · x2 + x – 2 pozitivan na cijelom intervalu , 1 .− ∞ −
Upišimo simbol + iznad tog intervala.
+- ∞∞∞∞ + ∞∞∞∞
- 1 2
3
• Odaberemo x veći od – 1, a manji od 2
,3
na primjer, x = 0 i uvrstimo ga u 3 · x2 + x – 2:
23 0 0 2 3 0 0 2 0 0 2 2 .0⋅ + − = ⋅ + − − = − <= +
Rezultat je negativan, što znači da je 3 · x2 + x – 2 negativan na cijelom intervalu
21, .
3−
Upišimo simbol - iznad tog intervala.
-- ∞∞∞∞ + ∞∞∞∞
- 1 2
3
• Odaberemo x veći od 2
,3
na primjer x = 1 i uvrstimo ga u 3 · x2 + x – 2:
23 1 1 2 3 1 1 2 3 1 2 2 .0⋅ + − = ⋅ + − = + >− =
Rezultat je pozitivan, što znači da je 3 · x2 + x – 2 pozitivan na cijelom intervalu
2, .
3+ ∞
Upišimo simbol + iznad tog intervala.
+- ∞∞∞∞ + ∞∞∞∞
- 1 2
3
Dakle, nejednadžba 3 · x2 + x – 2 > 0 vrijedi za
2, 1 , .
3x ∈ − ∞ − + ∞∪
++
2
3
- 1
+ ∞∞∞∞- ∞∞∞∞
Rješenje zadane iracionalne nejednadžbe 2
3 3 2 1x x x+ ⋅ + < ⋅ + mora ispuniti sva tri uvjeta:
1. uvjet
presjek sva tri rješenja,2. uvjet
zajednički dio sva tri uvjeta
3. u
,
1 2, , .
2
vje2
, ,t
3
13
x
x x
x
∈ − ∞ + ∞
∈ − + ∞ ⇒ ⇒ ∈ + ∞
∈ − ∞ − + ∞
∪
10
4
3,5
3
2,5
2
1,5
1
0,5
-0,5
-1
-4 -3 -2 -1 1 2 3 4
y
x
+ ∞∞∞∞
2
3
Vježba 029
Riješi iracionalnu nejednadžbu: 2
3 3 2 1.x x x+ ⋅ + > ⋅ +
Rezultat: 2
, .3
x ∈ − ∞
Zadatak 030 (Ana, gimnazija)
Riješi iracionalnu jednadžbu: 3 3
3 6 3.x x− + + =
Rješenje 030 Ponovimo!
( ) ,3
3.
n n na a a b a b= ⋅ = ⋅
( ) ( )3 3 2 2 3 3 3
3 3 3 .a b a a b a b b a a b a b b+ = + ⋅ ⋅ + ⋅ ⋅ + = + ⋅ ⋅ ⋅ + +
Iracionalna jednadžba je jednadžba u kojoj se nepoznanica pojavljuje pod znakom korijena (odnosno s nekim
racionalnim eksponentom).
Uobičajna metoda rješavanja:
Kubiramo jednadžbu kako bismo je sveli na jednadžbu bez korijena. Često je potrebno i više puta kubirati. Pozor! Vrijednost izraza (radikanda) pod trećim korijenom može biti bilo koji realan broj. Dobivene rezultate uvijek moramo uvrstiti u početnu jednadžbu kako bismo provjerili zadovoljavaju
li oni zadanu jednadžbu. Ako ne zadovoljavaju, odbacuju se.
kubiramo 3/
jednad
3 3 3 33
žbu6 3 3 6 3x x x x− + + = ⇒ ⇒ − + + = ⇒
( ) ( ) ( ) ( )3 3 3
33 3 3 3 3 3 3 33 6 3 3 3 3 6 3 6 6 27x x x x x x x x⇒ − + + = ⇒ − + ⋅ − ⋅ + ⋅ − + + + + = ⇒
( )3 33 6
3 33 3 3 6 6
3
27x xx x x x− + +
=
⇒ − + ⋅ − ⋅ + ⋅ + + = ⇒���������
3 33 3 3 6 3 6 27x x x x⇒ − + ⋅ − ⋅ + ⋅ + + = ⇒
3 3 3 33 9 3 6 6 27 3 9 3 6 6 27x x x x xx x x⇒ − + ⋅ − ⋅ + + + = ⇒ + ⋅ − + +⋅ + =− ⇒
11
( ) ( ) ( ) ( )3 33 9 3 6 6 27 9 3 6 27 3 6x x x x⇒ + ⋅ − ⋅ + + = ⇒ ⋅ − ⋅ + = − − ⇒
( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( )3 3 39 3 6 18 9 3 6 18 / : 9 3 6 2x x x x x x⇒ ⋅ − ⋅ + = ⇒ ⋅ − ⋅ + = ⇒ − ⋅ + = ⇒
( ) ( ) ( ) ( )( )3 33 3
3kubiramo 3
6 2 3 6/jednadžbu
2x x x x⇒ ⇒ − ⋅ + = ⇒ − ⋅ + = ⇒
( ) ( )2 2
3 6 8 18 3 6 8 3 18 8 0x x x x x x x⇒ − ⋅ + = ⇒ + ⋅ − ⋅ − = ⇒ − − ⋅ + − = ⇒
( )2 2 2
3 10 0 3 10 0 3 0/ 1 10x x x x x x⇒ − − ⋅ + = ⇒ − − ⋅ + ⋅ −= ⇒ + ⋅ − = ⇒
( )1 , 3 , 10
2 3 9 4 1 103 10 02
4 1,2 2 11 , 3 , 101,2 2
a b c
x xx
b b a ca b c x
a
= = = −− ± − ⋅ ⋅ −+ ⋅ − =
⇒ ⇒ ⇒ = ⇒− ± − ⋅ ⋅ ⋅= = = − =
⋅
3 7
13 9 40 3 49 3 7 21,2 1,2 1,2 3 72 2 2
2 2
x
x x x
x
− +=
− ± + − ± − ±⇒ = ⇒ = ⇒ = ⇒ ⇒
− −=
421 2 1
.10 5
22 2
x x
xx
= =⇒ ⇒
− = −=
Provjera!
Ovi rezultati moraju se uvrstiti u početnu jednadžbu da bi se provjerilo jesu li oni njezina rješenja.
3 33 6 3x x− + + =
3 3
3 6 3x x− + + =
x1 = 2
3 3
3 6 3x x− + + =
x2 = – 5
3 33 2 6 2 3− + + =
3 31 8 3+ =
1 2 3+ =
3 3=
x1 jest rješenje
( ) ( )3 33 5 6 5 3− − + + − =
3 33 5 6 5 3+ + − =
3 38 1 3+ =
2 1 3+ =
3 3=
x2 jest rješenje Vježba 030
Riješi iracionalnu jednadžbu: 3 3
24 8 48 8 6.x x− ⋅ + + ⋅ =
Rezultat: x1 = 2 , x2 = – 5.
Zadatak 031 (Mario, gimnazija)
Riješi iracionalnu jednadžbu: 2.x x= −
Rješenje 031 Ponovimo!
( ) ( )2 2 2
, .2
2a a a b a a b b= − = − ⋅ ⋅ +
12
Iracionalna jednadžba je jednadžba u kojoj se nepoznanica pojavljuje pod znakom korijena (odnosno s nekim
racionalnim eksponentom).
Uobičajna metoda rješavanja:
Kvadriramo jednadžbu kako bismo je sveli na jednadžbu bez korijena. Često je potrebno i više puta kvadrirati. Pozor! Vrijednost izraza (radikanda) pod drugim korijenom mora biti nenegativan broj (broj veći ili jednak nuli).
Jednadžba ( ) ( )f x g x= ekvivalentna je sustavu ( ) ( )
( )
2
0.
f x g x
g x
=
≥
Dobivene rezultate uvijek moramo uvrstiti u početnu jednadžbu kako bismo provjerili zadovoljavaju
li oni zadanu jednadžbu. Ako ne zadovoljavaju, odbacuju se.
Zadana je jednadžba
2x x= −
ekvivalentna sustavu:
( ) ( )2kvadriramo /
jednadž
2 2
bu
2 2 2
2 0 2 2
x x x x x x
x x x
= − = − = −⇒ ⇒ ⇒ ⇒
− ≥ ≥ ≥
2 2 24 4 4 4 0 5 4 0
2 2 2
x x x x x x x x
x x x
= − ⋅ + − + ⋅ − = − + ⋅ − =⇒ ⇒ ⇒ ⇒
≥ ≥ ≥
( )
25 4 02 2
5 4 0 5 4 01 , 5 , 4
222
/ 1x x
x x x xa b c
xxx
− ⋅ + =− + ⋅ − = − ⋅ + =
⇒ ⇒ ⇒ = = − = ⇒⋅
≥
−
≥≥
1 , 5 , 4
5 25 4 1 4 5 25 1624
1,2 1,22 1 21,2 22 2
2
a b c
b b a c x xx
ax x
x
= = − =
± − ⋅ ⋅ ± −− ± − ⋅ ⋅ = =
⇒ = ⇒ ⇒ ⇒⋅⋅
≥ ≥≥
5 3 8
1 12 2 45 3 15 95 3 21,21,2 1 4.22 2 2 2
2 22 2
22 2
x xx
xxx x x x
xxx x x
+= =
=±±
= −=⇒ ⇒ ⇒ = ⇒ = ⇒ = =
≥ ≥
⇒
≥≥ ≥
Provjera!
Ovi rezultati moraju se uvrstiti u početnu jednadžbu da bi se provjerilo jesu li oni njezina rješenja.
2x x= −
2x x= −
x1 = 4
2x x= −
x2 = 1
13
4 4 2= −
4 22 = −
2 2=
x1 jest rješenje
1 1 2= −
1 1 2= −
1 1= −
x2 nije rješenje
Vježba 031
Riješi iracionalnu jednadžbu: 2 .x x+ =
Rezultat: 4.
Zadatak 032 (Ljilja, gimnazija)
Riješi iracionalnu jednadžbu: 7 1.x x+ = +
Rješenje 032 Ponovimo!
( ) ( )2 2 2
, .2
2a a a b a a b b= + = + ⋅ ⋅ +
Iracionalna jednadžba je jednadžba u kojoj se nepoznanica pojavljuje pod znakom korijena (odnosno s nekim
racionalnim eksponentom).
Uobičajna metoda rješavanja:
Kvadriramo jednadžbu kako bismo je sveli na jednadžbu bez korijena. Često je potrebno i više puta kvadrirati. Pozor! Vrijednost izraza (radikanda) pod drugim korijenom mora biti nenegativan broj (broj veći ili jednak nuli).
Jednadžba ( ) ( )f x g x= ekvivalentna je sustavu ( ) ( )
( )
2
0.
f x g x
g x
=
≥
Dobivene rezultate uvijek moramo uvrstiti u početnu jednadžbu kako bismo provjerili zadovoljavaju
li oni zadanu jednadžbu. Ako ne zadovoljavaju, odbacuju se.
Zadana je jednadžba
7 1x x+ = +
ekvivalentna sustavu:
( ) ( )2kvadriramo /
jedna
2 27 1 7 1 7 1
1 0 1džb1
u
x x x x x x
x x x
+ = + + = + + = +⇒ ⇒ ⇒ ⇒
+ ≥ ≥ − ≥ −
2 2 27 2 1 7 2 1 0 6 0
1 1 1
x x x x x x x x
x x x
+ = + ⋅ + + − − ⋅ − = − − + =⇒ ⇒ ⇒ ⇒
≥ − ≥ − ≥ −
( )
26 02 2
6 0 6 01 , 1 , 6
111
/ 1x x
x x x xa b c
xxx
+ − =− − + = + − =
⇒ ⇒ ⇒ = = = −⋅ −
⇒≥ −≥ −
≥ −
( )
1 , 1 , 6
1 1 4 1 6 1 1 2424
1,21,2 22 11,2 211
1
a b c
b b a c xxx
axx
x
= = = −
− ± − ⋅ ⋅ − − ± +− ± − ⋅ ⋅ ==
⇒ = ⇒ ⇒ ⇒⋅⋅
≥ −≥ −≥ −
14
1 5 4
1 12 2 21 5 11 251 5 61,21,2 3 2.22 2 2 22 2
111 11
x xx
xxx x x x
xxx x x
− += =
=− ±− ±
= − − −=⇒ ⇒ ⇒ = ⇒ = ⇒ = − ⇒ =
≥ −≥ −≥ − −≥ − ≥
Provjera!
Ovi rezultati moraju se uvrstiti u početnu jednadžbu da bi se provjerilo jesu li oni njezina rješenja.
7 1x x+ = +
7 1x x+ = +
x1 = 2
7 1x x+ = +
x2 = – 3
2 7 2 1+ = +
9 2 1= +
3 2 1= +
3 3=
x1 jest rješenje
3 7 3 1− + = − +
4 3 1= − +
3 12 = − +
2 2≠ −
x2 nije rješenje Vježba 032
Riješi iracionalnu jednadžbu: 7 1 .x x+ − =
Rezultat: 2.
Zadatak 033 (Ljilja, gimnazija)
Riješi iracionalnu jednadžbu: 1 5 .x x− = +
Rješenje 033 Ponovimo!
( ) ( )2 2 2
, .2
2a a a b a a b b= + = + ⋅ ⋅ +
Iracionalna jednadžba je jednadžba u kojoj se nepoznanica pojavljuje pod znakom korijena (odnosno s nekim
racionalnim eksponentom).
Uobičajna metoda rješavanja:
Kvadriramo jednadžbu kako bismo je sveli na jednadžbu bez korijena. Često je potrebno i više puta kvadrirati. Pozor! Vrijednost izraza (radikanda) pod drugim korijenom mora biti nenegativan broj (broj veći ili jednak nuli).
Jednadžba ( ) ( )f x g x= ekvivalentna je sustavu ( ) ( )
( )
2
0.
f x g x
g x
=
≥
Dobivene rezultate uvijek moramo uvrstiti u početnu jednadžbu kako bismo provjerili zadovoljavaju
li oni zadanu jednadžbu. Ako ne zadovoljavaju, odbacuju se.
Zadana je jednadžba
1 5x x− = +
ekvivalentna sustavu:
( ) ( )2kvadriramo /
jedna
2 21 5 1 5 1 5
5 0 5d bu5
ž
x x x x x x
x x x
− = + − = + − = +⇒ ⇒ ⇒ ⇒
+ ≥ ≥ − ≥ −
15
2 2 21 25 10 1 25 10 0 11 24 0
5 5 5
x x x x x x x x
x x x
− = + ⋅ + − − − ⋅ − = − − ⋅ − =⇒ ⇒ ⇒ ⇒
≥ − ≥ − ≥ −
( )
211 24 02 2
11 24 0 11 24 01 , 11 , 24
555
/ 1x x
x x x xa b c
xxx
⋅+ ⋅ + =
− − ⋅ − = + ⋅ + =⇒ ⇒ ⇒ = = = ⇒
≥ −≥ −≥ −
−
1 , 11 , 24
11 121 4 1 24 11 121 9624
1,2 1,22 1 21,2 25 5
5
a b c
b b a c x xx
ax x
x
= = =
− ± − ⋅ ⋅ − ± −− ± − ⋅ ⋅ = =
⇒ = ⇒ ⇒ ⇒⋅⋅
≥ − ≥ −≥ −
11 5 6
1 12 2 311 5 111 2511 5 161,21,2 8 3.22 2 2 22 2
5 555 5
x xx
xxx x x x
xx xx
x
− + −= =
= −− ±− ±
= − − −=⇒ ⇒ ⇒ = ⇒ = ⇒ = − ⇒ = −
≥ −≥ −≥ − −≥ ≥−
Provjera!
Ovi rezultati moraju se uvrstiti u početnu jednadžbu da bi se provjerilo jesu li oni njezina rješenja.
1 5x x− = +
1 5x x− = +
x1 = – 3
1 5x x− = +
x2 = – 8
( ) ( )1 3 5 3− − = + −
1 3 5 3+ = −
4 5 3= −
5 32 = −
2 2=
x1 jest rješenje
( ) ( )1 8 5 8− − = + −
1 8 5 8+ = −
9 5 8= −
3 5 8= −
3 3= −
x2 nije rješenje
Vježba 033
Riješi iracionalnu jednadžbu: 1 5 .x x− − =
Rezultat: – 3.
Zadatak 034 (Ivan, tehnička škola)
Riješi jednadžbu 30 29 12 3 10 5.x− − + ⋅ + =
Rješenje 034 Ponovimo!
( ) .2
a a=
Iracionalna jednadžba je jednadžba u kojoj se nepoznanica pojavljuje pod znakom korijena (odnosno s nekim
racionalnim eksponentom).
16
Uobičajna metoda rješavanja:
Kvadriramo jednadžbu kako bismo je sveli na jednadžbu bez korijena. Često je potrebno i više puta kvadrirati. Pozor! Vrijednost izraza (radikanda) pod drugim korijenom mora biti nenegativan broj (broj veći ili jednak nuli). Dobivene rezultate uvijek moramo uvrstiti u početnu jednadžbu kako bismo provjerili zadovoljavaju li oni
zadanu jednadžbu. Ako ne zadovoljavaju, odbacuju se.
30 29 12 3 10 5 30 29 12 32
/10 5x x− − + ⋅ + = ⇒ − − + ⋅ + = ⇒
22
30 29 12 3 10 5 30 29 12 3 10 25x x⇒ − − + ⋅ + = ⇒ − − + ⋅ + = ⇒
( )29 12 3 10 25 3 /0 29 12 3 1 5 10x x⇒ − − + ⋅ + = − ⇒ − − + ⋅ + − ⋅ −= ⇒
29 12 3 10 5 29 12 3 10 52
/x x⇒ − + ⋅ + = ⇒ − + ⋅ + = ⇒
22
29 12 3 10 5 29 12 3 10 25x x⇒ − + ⋅ + = ⇒ − + ⋅ + = ⇒
12 3 10 25 29 12 3 10 4x x⇒ − + ⋅ + = − ⇒ − + ⋅ + = − ⇒
( )12 3 10 4 12 3 10 4 12 3 10 42
/ 1 /x x x⇒ − + ⋅ + = − ⇒ + ⋅ + = ⇒ + ⋅ + =⋅ − ⇒
( )2
212 3 10 4 12 3 10 16 3 10 16 12x x x⇒ + ⋅ + = ⇒ + ⋅ + = ⇒ ⋅ + = − ⇒
( )2 2
3 10 4 3 10 4 3 10 4 10 162
/ 3x x x x⇒ ⋅ + = ⇒ ⋅ + = ⇒ ⋅ + = ⇒ ⋅ + = ⇒
3 16 10 3 6 3 6 ./ : 2 2x x x x⇒ ⋅ = − ⇒ ⋅ = ⇒ ⋅ = ⇒ =
Provjera!
Ovaj rezultat mora se uvrstiti u početnu jednadžbu da bi se provjerilo je li on njezino rješenje.
30 29 12 3 10 5x− − + ⋅ + =
30 29 12 3 2 10 5− − + ⋅ + =
30 29 12 6 10 5− − + + =
30 29 12 16 5− − + =
30 29 12 4 5− − + =
30 29 16 5− − =
30 29 4 5− − =
30 25 5− =
30 5 5− =
25 5=
5 5=
x = 2 je rješenje
17
Vježba 034
Riješi jednadžbu 29 12 3 10 5.x− + ⋅ + =
Rezultat: x = 2.
Zadatak 035 (Malena, gimnazija)
Riješi jednadžbu 2 4 0.x x⋅ − + =
Rješenje 035 Ponovimo!
( ) ( )2 2 2
, .2
2a a a b a a b b= − = − ⋅ ⋅ +
Iracionalna jednadžba je jednadžba u kojoj se nepoznanica pojavljuje pod znakom korijena (odnosno s nekim
racionalnim eksponentom).
Uobičajna metoda rješavanja:
Kvadriramo jednadžbu kako bismo je sveli na jednadžbu bez korijena. Često je potrebno i više puta kvadrirati. Pozor! Vrijednost izraza (radikanda) pod drugim korijenom mora biti nenegativan broj (broj veći ili jednak nuli). Dobivene rezultate uvijek moramo uvrstiti u početnu jednadžbu kako bismo provjerili zadovoljavaju li oni
zadanu jednadžbu. Ako ne zadovoljavaju, odbacuju se.
( ) ( )2 2
2 4 0 2 4 2 4/42
2x x x x x x x x⋅ − + = ⇒ ⋅ = − ⇒ ⋅ = − ⇒ ⋅ = − ⇒
2 2 22 8 16 2 8 16 0 10 16 0x x x x x x x x⇒ ⋅ = − ⋅ + ⇒ ⋅ − + ⋅ − = ⇒ − + ⋅ − = ⇒
( )2
2 2 10 16 010 16 0 10 16 0
1 , 10 , 16/ 1
x xx x x x
a b c
− ⋅ + =⇒ − + ⋅ − = ⇒ − ⋅ + = ⇒ ⇒
= = − =⋅ −
1 , 10 , 1610 100 4 1 16 10 100 64
24 1,2 1,22 1 2
1,2 2
a b c
x xb b a c
xa
= = − =
± − ⋅ ⋅ ± −⇒ ⇒ = ⇒ = ⇒
− ± − ⋅ ⋅ ⋅=⋅
10 6 1681 110 36 10 6 2 2 1
.1,2 1,2 10 6 4 22 2
22 22 2
x x xx x
xx x
+= = =± ±
⇒ = ⇒ = ⇒ ⇒ ⇒− =
= =
Provjera!
Ovi rezultati moraju se uvrstiti u početnu jednadžbu da bi se provjerilo jesu li oni njezina rješenja.
2 4 0x x⋅ − + =
2 4 0x x⋅ − + =
x1 = 8
2 4 0x x⋅ − + =
x2 = 2
2 8 8 4 0⋅ − + =
16 8 4 0− + =
8 4 04 − + =
8 08 − =
0 0=
x1 jest rješenje
2 2 2 4 0⋅ − + =
4 2 4 0− + =
2 4 02 − + =
4 022 − + =
4 0≠
x2 nije rješenje
18
Vježba 035
Riješi jednadžbu 2 4 .x x⋅ + =
Rezultat: x = 8.
Zadatak 036 (Malena, gimnazija)
Riješi jednadžbu 4 2.x x+ − =
Rješenje 036 Ponovimo!
( ) ( )2 2 2
, .2
2a a a b a a b b= − = − ⋅ ⋅ +
Iracionalna jednadžba je jednadžba u kojoj se nepoznanica pojavljuje pod znakom korijena (odnosno s nekim
racionalnim eksponentom).
Uobičajna metoda rješavanja:
Kvadriramo jednadžbu kako bismo je sveli na jednadžbu bez korijena. Često je potrebno i više puta kvadrirati. Pozor! Vrijednost izraza (radikanda) pod drugim korijenom mora biti nenegativan broj (broj veći ili jednak nuli). Dobivene rezultate uvijek moramo uvrstiti u početnu jednadžbu kako bismo provjerili zadovoljavaju li oni
zadanu jednadžbu. Ako ne zadovoljavaju, odbacuju se.
( )2
24 2 4 2 4 2
24/ 4x x x x x x x x+ − = ⇒ + − = ⇒ + − = ⇒ + − = ⇒
( ) ( )2 2 2
4 4 4 4 42
/ 4 4 16 8x x x x x x x x x⇒ − = − ⇒ − = − ⇒ − = − ⇒ − = − ⋅ + ⇒
( )2 2
4 16 8 0 9 2 /0 0 9 20 0 1x x x x x x⇒ − − + ⋅ = ⇒ − + ⋅ − = ⇒ + ⋅ − = ⋅ −− ⇒
1 , 9 , 202
2 9 20 029 20 0
41 , 9 , 20
1,2 2
a b c
x xx x
b b a ca b c x
a
= = − =
− ⋅ + =⇒ − ⋅ + = ⇒ ⇒ ⇒
− ± − ⋅ ⋅= = − = =
⋅
9 81 4 1 20 9 81 80 9 1 9 1
1,2 1,2 1,2 1,22 1 2 2 2x x x x
± − ⋅ ⋅ ± − ± ±⇒ = ⇒ = ⇒ = ⇒ = ⇒
⋅
9 1 1051 12 2 1
.9 1 8 4
22 22 2
x x x
xx x
+= = =
⇒ ⇒ ⇒− =
= =
Provjera!
Ovi rezultati moraju se uvrstiti u početnu jednadžbu da bi se provjerilo jesu li oni njezina rješenja.
4 2x x+ − =
4 2x x+ − =
x1 = 5
4 2x x+ − =
x2 = 4
19
5 5 4 2+ − =
5 1 2+ =
5 21+ =
6 2≠
x1 nije rješenje
4 4 4 2+ − =
4 0 2+ =
4 20+ =
4 2=
2 2=
x2 jest rješenje Vježba 036
Riješi jednadžbu 4 2 0.x x− + − =
Rezultat: x = 4.
Zadatak 037 (Malena, gimnazija)
4
Riješi jednadžbu 2 3.x x+ ⋅ =
Rješenje 037 Ponovimo!
( ) ( ) ( ), , .2 mn n n mn
a a a a a a⋅
= = =
Iracionalna jednadžba je jednadžba u kojoj se nepoznanica pojavljuje pod znakom korijena (odnosno s nekim
racionalnim eksponentom).
Uobičajna metoda rješavanja:
Kvadriramo jednadžbu kako bismo je sveli na jednadžbu bez korijena. Često je potrebno i više puta kvadrirati. Pozor! Vrijednost izraza (radikanda) pod drugim korijenom mora biti nenegativan broj (broj veći ili jednak nuli). Dobivene rezultate uvijek moramo uvrstiti u početnu jednadžbu kako bismo provjerili zadovoljavaju li oni
zadanu jednadžbu. Ako ne zadovoljavaju, odbacuju se.
24 42 3 2
supstitucija
3 0 2 04
2
3tx x
t x
x x x t t+ ⋅ = ⇒ + ⋅ − = ⇒ ⇒ + ⋅ − = ⇒=
=
2 , 1 , 32
2 2 3 022 3 0
42 , 1 , 3
1,2 2
a b c
t tt t
b b a ca b c t
a
= = = −
⋅ + − =⇒ ⋅ + − = ⇒ ⇒ ⇒
− ± − ⋅ ⋅= = = − =
⋅
( )1 1 4 2 3 1 1 24 1 25 1 5
1,2 1,2 1,2 1,22 2 4 4 4t t t t
− ± − ⋅ ⋅ − − ± + − ± − ±⇒ = ⇒ = ⇒ = ⇒ = ⇒
⋅
1 5 41
11 14 41.
nema smisla3
1 5 62 22 24 4
tt t
tt
t x
− +== =
⇒ ⇒ ⇒ ⇒ =− − = −
= = −
Vraćamo se supstituciji.
( )4 4 44 4 44
/1 1 1 1.1
t xx x x x
t
=⇒ = ⇒ = ⇒ = ⇒ =
=
20
Provjera!
Ovaj rezultat mora se uvrstiti u početnu jednadžbu da bi se provjerilo je li on njezino rješenje.
42 3x x+ ⋅ =
x = 1
41 2 1 3+ ⋅ =
2 1 31+ ⋅ =
2 31+ =
3 3=
x = 1 je rješenje
Vježba 037
4
Riješi jednadžbu 3 4 0.x x+ ⋅ − =
Rezultat: 1.
Zadatak 038 (Amazonka, gimnazija)
Riješi jednadžbu: 2 7 4 11 2 7 4 11 3 3.x x x x⋅ + + ⋅ + + ⋅ + − ⋅ + = +
Rješenje 038 Ponovimo!
( ) ( ) ( ) ( )22 2 2 2
, , , .2
2a b a a b b a a a b a b a b a b a b+ = + ⋅ ⋅ + = − = − ⋅ + ⋅ = ⋅
( ) ( )2 2 2 2
2 2, .2n n n
a b a b a b c a b c a b a c b c⋅ = ⋅ + + = + + + ⋅ ⋅ + ⋅ ⋅ + ⋅ ⋅
Iracionalna jednadžba je jednadžba u kojoj se nepoznanica pojavljuje pod znakom korijena (odnosno s nekim
racionalnim eksponentom).
Uobičajna metoda rješavanja:
Kvadriramo jednadžbu kako bismo je sveli na jednadžbu bez korijena. Često je potrebno i više puta kvadrirati. Pozor! Vrijednost izraza (radikanda) pod drugim korijenom mora biti nenegativan broj (broj veći ili jednak nuli). Dobivene rezultate uvijek moramo uvrstiti u početnu jednadžbu kako bismo provjerili zadovoljavaju li oni
zadanu jednadžbu. Ako ne zadovoljavaju, odbacuju se.
2 7 4 11 2 7 4 11 3 3x x x x⋅ + + ⋅ + + ⋅ + − ⋅ + = + ⇒
2 7 4 11 2 7 4 112
3 3 /x x x x⋅ + + ⋅ + + ⋅ + − ⋅ + = + ⇒
( ) ( )2 2
2 7 4 11 2 7 4 11 3 3x x x x⋅ + + ⋅ + + ⋅ + − ⋅ + = + ⇒
( ) ( )2 2
2 7 4 11 2 2 7 4 11 2 7 4 11 2 7 4 11x x x x x x x x⇒ ⋅ + + ⋅ + + ⋅ ⋅ + + ⋅ + ⋅ ⋅ + − ⋅ + + ⋅ + − ⋅ + =
9 6 3 3= + ⋅ + ⇒
( ) ( )2 7 4 11 2 2 7 4 11 2 7 4 11 2 7 4 11 12 6 3x x x x x x x x⇒ ⋅ + + ⋅ + + ⋅ ⋅ + + ⋅ + ⋅ ⋅ + − ⋅ + + ⋅ + − ⋅ + = + ⋅ ⇒
( ) ( )4 11 422
2 7 2 2 7 4 11 2 7 12 6 311x x x xx x+ ⋅ + − ⋅⇒ ⋅ + + ⋅ ⋅ + − ⋅ + + ⋅ + = + ⋅+ ⇒
( )2
2 7 2 4 28 49 4 11 2 7 12 6 3x x x x x⇒ ⋅ + + ⋅ ⋅ + ⋅ + − ⋅ + + ⋅ + = + ⋅ ⇒
24 14 2 4 28 49 4 11 12 6 3x x x x⇒ ⋅ + + ⋅ ⋅ + ⋅ + − ⋅ − = + ⋅ ⇒
21
/2 2
4 14 2 4 24 38 12 6 3 2 7 4 24 38 6 3: 32x x x x x x⇒ ⋅ + + ⋅ ⋅ + ⋅ + = + ⋅ ⇒ ⋅ + + ⋅ + ⋅ + = + ⋅ ⇒
2 24 24 38 6 3 3 2 7 4 24 38 3 3 2 1x x x x x x⇒ ⋅ + ⋅ + = + ⋅ − ⋅ − ⇒ ⋅ + ⋅ + = ⋅ − ⋅ − ⇒
( )2 22 2
4 24 38 3 3 2 1 4 24 38 3 32
2 1/x x x x x x⇒ ⋅ + ⋅ + = ⋅ − ⋅ − ⇒ ⋅ + ⋅ + = ⋅ − ⋅ − ⇒
( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( )2 2 22
4 24 38 3 3 2 1 2 3 3 2 2 3 3 1 2 2 1x x x x x⇒ ⋅ + ⋅ + = ⋅ + − ⋅ + − + ⋅ ⋅ ⋅ − ⋅ + ⋅ ⋅ ⋅ − + ⋅ − ⋅ ⋅ − ⇒
2 24 24 38 27 4 1 12 3 6 3 4x x x x x⇒ ⋅ + ⋅ + = + ⋅ + − ⋅ ⋅ − ⋅ + ⋅ ⇒
24 38 27 1 12 32
6 32
4 44 x xx x x⇒ + ⋅ + = + − ⋅ ⋅ − ⋅⋅ +⋅ ⋅+ ⇒
24 38 27 1 12 3 6 3 4x x x⇒ ⋅ + = + − ⋅ ⋅ − ⋅ + ⋅ ⇒
24 38 28 12 3 6 3 4 24 12 3 4 28 6 3 38x x x x x x⇒ ⋅ + = − ⋅ ⋅ − ⋅ + ⋅ ⇒ ⋅ + ⋅ ⋅ − ⋅ = − ⋅ − ⇒
20 12 3 10 6 3 20 12 / :10 6 3 23x x x x⇒ ⋅ + ⋅ ⋅ = − − ⋅ ⇒ ⋅ + ⋅ ⋅ = − − ⋅ ⇒
( )10 6 3 5 3 3 2 5 3 3 5 3 3x x x⇒ ⋅ + ⋅ ⋅ = − − ⋅ ⇒ ⋅ ⋅ + ⋅ = − − ⋅ ⇒
( )( ) ( )
1/
2 5 3
5 3 32 5 3 3 5 3 3
2 5 3 33x x
− − ⋅⇒ ⋅ ⋅ + ⋅ = − ⋅
⋅ +− ⋅ ⇒ = ⇒
⋅ + ⋅⋅
( )( )
( )( )
1 5 3 3 1 1.
22 5
5 3 3
5 3 33 3 2x x x
− ⋅ + ⋅ − ⋅⇒ = ⇒ = ⇒ = −
⋅ + ⋅ ⋅
+ ⋅
+ ⋅
Provjera!
Ovaj rezultat mora se uvrstiti u početnu jednadžbu da bi se provjerilo je li on njezino rješenje.
2 7 4 11 2 7 4 11 3 3x x x x⋅ + + ⋅ + + ⋅ + − ⋅ + = +
1
2x = −
1 1 1 12 7 4 11 2 7 4 11 3 3
2 2 2 2⋅ − + + ⋅ − + + ⋅ − + − ⋅ − + = +
1 7 2 11 1 7 2 11 3 3− + + − + + − + − − + = +
6 9 6 9 3 3+ + − = +
6 3 6 3 3 3+ + − = +
9 3 3 3+ = +
3 3 3 3+ = +
1
2x = − je rješenje
Vježba 038
Riješi jednadžbu: 2 7 4 11 3 3 2 7 4 11.x x x x⋅ + + ⋅ + − = − ⋅ + − ⋅ +
Rezultat: 1
2x = −
22
Zadatak 039 (Miro, srednja škola)
2 2
Riješi jednadžbu: 9 9 20.x x− + − =
Rješenje 039 Ponovimo!
( ) .2
a a=
Iracionalna jednadžba je jednadžba u kojoj se nepoznanica pojavljuje pod znakom korijena (odnosno s nekim
racionalnim eksponentom).
Uobičajna metoda rješavanja:
Kvadriramo jednadžbu kako bismo je sveli na jednadžbu bez korijena. Često je potrebno i više puta kvadrirati. Pozor! Vrijednost izraza (radikanda) pod drugim korijenom mora biti nenegativan broj (broj veći ili jednak nuli). Dobivene rezultate uvijek moramo uvrstiti u početnu jednadžbu kako bismo provjerili zadovoljavaju li oni
zadanu jednadžbu. Ako ne zadovoljavaju, odbacuju se.
supstitu
2 2 2 2
cija
9 9 20 20 209
2 2
02
9
t x
t x
x x t t t t= −− + − = ⇒ ⇒ + = ⇒ + − = ⇒
= −
( )1 , 1 , 20
2 1 1 4 1 2020 02
4 1,2 2 11 , 1 , 201,2 2
a b c
t tt
b b a ca b c t
a
= = = −− ± − ⋅ ⋅ −+ − =
⇒ ⇒ ⇒ = ⇒− ± − ⋅ ⋅ ⋅= = = − =
⋅
1 9
11 1 80 1 81 1 9 21,2 1,2 1,2 1 92 2 2
2 2
t
t t t
t
− +=
− ± + − ± − ±⇒ = ⇒ = ⇒ = ⇒ ⇒
− −=
841 2 1
.10 5
22 2
t t
tt
= =⇒ ⇒
= −= −
Vraćamo se supstituciji (zamjeni).
•
222 2 2 2 29
9 4 9 42
9 4 9 16
4
/t x
x x x x
t
= −⇒ − = ⇒ − = ⇒ − = ⇒ − = ⇒
=
52 2 2 116 9 25 25 25 .
1,2 52
/x
x x x xx
=⇒ = + ⇒ = ⇒ = ⇒ = ± ⇒
= −
• 2
2nema sm
99 5 .isl
5
at x
x
t
= −⇒ − = −
= −
Provjera!
Ovi rezultati moraju se uvrstiti u početnu jednadžbu da bi se provjerilo jesu li oni njezina rješenja.
2 29 9 20x x− + − =
23
2 2
9 9 20x x− + − =
x1 = 5
2 2
9 9 20x x− + − =
x2 = – 5
2 25 9 5 9 20− + − =
25 9 25 9 20− + − =
16 25 9 20+ − =
25 9 204 + − =
20 20=
x1 jest rješenje
( ) ( )2 2
5 9 5 9 20− − + − − =
25 9 25 9 20− + − =
16 25 9 20+ − =
25 9 204 + − =
20 20=
x2 jest rješenje
Vježba 039
2 2
Riješi jednadžbu: 2 2 6 6.x x x x− ⋅ + − ⋅ + =
Rezultat: Naputak: promatraj jednadžbu 2 2
2 6 2 6 12,x x x x− ⋅ + + − ⋅ + =
supstitucija 2
2 6,t x x= − ⋅ + x1 = – 1 , x2 = 3.
Zadatak 040 (Miroslav, srednja škola)
2
Riješi jednadžbu: 1 9 .x x+ − =
Rješenje 040 Ponovimo!
( ) ( )22 2 2
2 , .a b a a b b a a− = − ⋅ ⋅ + =
Iracionalna jednadžba je jednadžba u kojoj se nepoznanica pojavljuje pod znakom korijena (odnosno s nekim
racionalnim eksponentom).
Uobičajna metoda rješavanja:
Kvadriramo jednadžbu kako bismo je sveli na jednadžbu bez korijena. Često je potrebno i više puta kvadrirati. Pozor! Vrijednost izraza (radikanda) pod drugim korijenom mora biti nenegativan broj (broj veći ili jednak nuli). Dobivene rezultate uvijek moramo uvrstiti u početnu jednadžbu kako bismo provjerili zadovoljavaju li oni
zadanu jednadžbu. Ako ne zadovoljavaju, odbacuju se.
( )2
22 2 2 21 9 9
2/1 9 1 9 1x x x x x x x x+ − = ⇒ − = − ⇒ − = − ⇒ − = − ⇒
2 29 2 1 9 2 1 9 2 1 2
21 9
2x x x xx xx x⇒ − = − ⋅ + ⇒ − = − ⋅ + ⇒ − = − ⋅ + ⇒ ⋅ = + ⇒
2 10 2 10 5/ .: 2x x x⇒ ⋅ = ⇒ ⋅ = ⇒ =
Provjera!
Ovaj rezultat mora se uvrstiti u početnu jednadžbu da bi se provjerilo je li on njezino rješenje.
21 9x x+ − =
21 9x x+ − =
x = 5
24
21 5 9 5+ − =
1 25 9 5+ − =
1 16 5+ =
1 4 5+ =
5 5=
x jest rješenje
Vježba 040
2
Riješi jednadžbu: 1 1 .x x+ − =
Rezultat: x = 1.