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Curso: CALCULO VECTORIAL (MB148)
EXAMEN FINAL Periodo Académico 2015-I
PROBLEMA 1: Evalué 2 2( )E
x y dV+∫∫∫ ; donde E es el sólido limitado por el
paraboloide 2 2z x y= + ; los planos 1z = y z = 4.
SOLUCIÓN Usando coordenadas cilíndricas en el paraboloide: 22 yxz += se tiene 2rz =
El sólido E resulta de la reunión de E1 y E2 donde:
≤≤
≤≤
≤≤
41
20
10
:1
z
r
E πθ
≤≤
≤≤
≤≤
4
20
21
:2
2
zr
r
E πθ
( ) ∫ ∫ ∫∫ ∫ ∫∫∫∫ +=+ππ
θθ2
0
2
1
4
2
2
0
1
0
4
1
222
2r
ddrrdzrddrrdzrdVyxE
( ) ( )∫ ∫∫ ∫∫∫∫ −+=+ππ
θθ2
0
2
1
53
2
0
1
0
322 4 ddrrrddrrdVyxE
( ) ∫∫∫∫∫ +=+ππ
θθ2
0
2
0
22
627
43 dddVyx
E
( ) ππ3
272322 +=+∫∫∫
E
dVyx
( ) π22122 =+∫∫∫
E
dVyx
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PROBLEMA 2: Evalúe ( )∫ +++C
dzxdyzydxzx , donde C es la curva suave
definida por 10)( 2: ≤≤++= − teeetC ttt kjir ;
SOLUCIÓN
( ) kjiF xzyxzzyx +++=),,(
( ) jiF 1),,( −+−= xzyxrot
El campo vectorial F(x, y, z) no es conservativo.
La curva C no es cerrada.
( ) ( )∫∫ ⋅=+++1
0
)()( dtttd
dtdzxdyzydxzxC
rrF
( ) ( )∫∫ −−−+=+++1
0
234 2 dteeeedzxdyzydxzx tttt
C
( )12
561283 234 −+−+=+++
−
∫ eeeedzxdyzydxzxC
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3
PROBLEMA 3: Calcular 2 2(1 ) (1 4 )C
x ydx x y dy− + +∫Ñ , siendo C la curva cerrada
definida por: 2 24 4x y+ = . SOLUCIÓN:
2 2( (1 ); (1 4 ))F y x x y= − +ur
2 24rotF x y→ = +ur
2 24 4x y+ =2 cos
;0 2 ,0 1x r
ry rsen
θθ π
θ=
↔ ≤ ≤ ≤ ≤ =
Usando el teorema de Green
2 2(1 ) (1 4 )C
x ydx x y dy− + +∫Ñ ( )∫∫ +=R
dAyx 22 4
2 2(1 ) (1 4 )C
x ydx x y dy− + +∫Ñ ( ) ( ) πθθθπππ
4282422 12 1
00 0
3
0 0
2 ==== ∫∫ ∫∫ ∫ dddrrdrdrr
PROBLEMA 4: Calcular 2 2 2 2 2 2( ) ( ) ( )
C
y z dx x z dy y x dz+ + + + +∫Ñ ;
a lo largo de la curva que resulta de la intersección del paraboloide: 2 22 1 ( 1)z x y− = + +
, y el plano: 1 0x y z+ − + = recorrida en sentido antihorario vista desde arriba.
Sugerencia: 83
22cos
84cos4 +−=
θθθsen
SOLUCIÓN:
2 2 2 2 2 2( ; ; )F y z x z y x= + + +ur
(2 2 ;2 2 ;2 2 )rotF y z z x x y= − − −ur
, tomamos como orientación de la superficie que es
parte del plano S: 1 0x y z+ − + = al vector ( )1; 1;1
3n
− −=
r.Además la región sombra de
S es 2 2: ( 1) 1 0 2 ,0x y r senθ θ πℜ + − ≤ ↔ ≤ ≤ ≤ ≤
Así pues por el Teorema de Stokes tenemos:
2 2 2 2 2 2( ) ( ) ( )C
y z dx x z dy y x dz+ + + + +∫Ñ =S
rotF ndS•∫∫ur r
2 2 2 2 2 2( ) ( ) ( )C
y z dx x z dy y x dz+ + + + +∫Ñ ( )∫∫∫∫ −=⋅=RR
dAyxdASgradrotF 4)(
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4
( ) ( ) ( ) ( )
( ) ( ) ( )
−=+++++
−=+++++
∫ ∫∫
∫ ∫∫π π
π θ
θθθθθ
θθθ
0 0
43222222
0 0
2222222
cos3
32
cos2
dsendsendzxydyzxdxzy
ddrsenrdzxydyzxdxzy
C
C
sen
( ) ( ) ( ) ππ 4830
332222222 −=
−=+++++∫
C
dzxydyzxdxzy
PROBLEMA 5: Sea F 2 2 2 2( ; cos ; )y xxy e senz x y e z x y− −= + + + el campo de velocidades de un fluido y S la superficie cerrada, orientada hacia el exterior formado por el paraboloide 2 2
1 :S z x y= + , los planos 2 : 1S z = ; 3 : 4S z = . Calcule el flujo a
través del paraboloide ∫∫ ⋅
1S
dSNF
Sugerencia: Considere el resultado obtenido en el PROBLEMA 1 SOLUCIÓN:
Por teorema de la divergencia
( )22),,( yxzyxdiv +=F
∫∫∫∫∫ ∪∪==⋅ES
SSSSdVdivdS321
;)(FNF
( )∫∫∫∫∫ +=⋅ES
dVyxdS 22NF
( )∫∫∫∫∫∫∫∫∫ +=⋅+⋅+⋅ESSS
dVyxdSdSdS 22
21 3
NFNFNF
Evaluando la integral de flujo a través de la superficie 2 : 1S z =
( )2
)1,0,0(2
0
1
0
322
2
πθ
π
−=−=+−=−⋅=⋅ ∫∫∫∫∫∫∫∫ ddrrdAyxdAdSRRS
FNF
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5
Evaluando la integral de flujo a través de la superficie 3 : 4S z =
( ) ( ) πθπ
81,0,02
0
2
0
322
3
==+=⋅=⋅ ∫∫ ∫∫∫∫∫∫RRS
ddrrdAyxdAdS FNF
Considerando el resultado obtenido en el Problema 1: ( ) π22122 =+∫∫∫
E
dVyx
Reemplazando los valores obtenidos anteriormente para calcular el flujo a través del
paraboloide 2 21 :S z x y= +
( )∫∫∫∫∫∫∫∫∫ +=⋅+⋅+⋅ESSS
dVyxdSdSdS 22
21 3
NFNFNF
( ) ∫∫∫∫∫∫∫∫∫ ⋅−⋅−+=⋅
32
22
1 SSES
dSdSdVyxdS NFNFNF
πππ
π 3822
21
1
=−
−−=⋅∫∫
S
dSNF
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