Upload
juan-carlos-puma
View
220
Download
0
Embed Size (px)
Citation preview
8/10/2019 Final de Maquinas Electricas 2014
1/6
EXAMEN FINAL DE MAQUINAS ELECTRICAS (ML-202) 2014-I
PROBLEMA 1 (FUENTE: problema de Marcelo resuelto en clase)
Un motor de induccin trifsico de 10 polos ; 220 voltios ; 60 Hz y conectado
en estrella tiene una impedancia en el estator de 0,1 + j 0,25 por fase y unaimpedancia del rotor reflejada al estator Z 2 = (R 2/s ) + j X 2 =( 0,05/s ) + j 0,78 / fase .La resistencia de prdidas en el ncleo es de 14 0 / fase y la reactancia demagnetizacin es de 800 / fase . Adems las prdidas rotacionales son 230vatios .Si el motor opera a plena carga con deslizamiento del 4% .Calcular:
a) La potencia de entrada del motor en vatios.b) Las prdidas en el cobre del estatorc) La potencia en el entrehierrod) El torque desarrollado en el eje en N-m.e) La eficiencia del motor.
solucion
8/10/2019 Final de Maquinas Electricas 2014
2/6
PROBLEMA 2 (FUENTE: problemas del cuaderno copias)
Un generador shunt de 10 Kw; 250 voltios tiene una resistencia de armadura de 0.1ohmios y una resistencia de campo de 250 ohmios; trabaja a plena carga, al voltaje
nominal y a 1800 rpm. Posteriormente la maquina pasa a trabajar como motorrecibiendo 10 KW a 250 voltios Cul es la velocidad mecnica del motor en el eje enrpm?
Solucin:
Generador a plena carga:
Ia IL-------> ------->-------Ra-------- -----------------+
| | 10 KW( Eg) Ie| |Re=250 V= 250V| |------------------------------------- -P=V*IL10000=250*IL ; IL=40 AIe*Re=250Ie*250=250 ; Ie=1 AIa = Ie+IL=40+1=41 ADel circuito:Eg=Ia*Ra+V
Eg=40*0.1+250=254.1Eg=K*fip*n(generador).(1)
8/10/2019 Final de Maquinas Electricas 2014
3/6
Donde : n(generador)=1800 rpmOpera a motor:Ia IL
8/10/2019 Final de Maquinas Electricas 2014
4/6
Eg=Ec=[(zp)/(60a)] nfp...(1)
a=2m
m=1 simple
Z=2cN=2*95*2=380 conductores
fp=0.78*Ap=0.78*200*10^(-4)
fp=0.0156wb
de (1)
Eg=Ec= 237.12v
Ec
8/10/2019 Final de Maquinas Electricas 2014
5/6
|244.2|-------------------------- n=1200 rpm
| |Ec| -------------- |
| | |226|-------- | |
| | | |------------------------------
1.2 1.22675 1.3
Interpolando:[244.2- Ec]/[244.2 -226]=[1.3-1.22675]/[1.3-1.2]Ec=230.86 V De: Ec=K*fip*n ; Ec/n=K*fipEc/n= Ec/n 246.8225 /n=230.86 /1200n=1282.97 rpm
PROBLEMA 5 (FUENTE: problemas resueltos planchas en hp-arreglado)Se tiene un motor trifasico de induccion con los siguientes datos de placa 220V, 50Hz,6 polos, conexion estrella y 10 KW de potencia util(13,405HP).La resistencia de cadafase del estator es 0.288. Ademas se sabe que para las condiciones de plena carga, lavelocidad del motor es de 960rpm, el par interno desarrollado es 103 N-m
y el factor de potencia es 0.85. tambien se conoce que efectuada la prueba de vacioal motor, la potencia y corriente absorvida por este son 850 W y 10 A respectivamentey que las perdidas mecanicas son practicamente las mismas que de plena carga.Luego para condiciones de operacion a plena carga del motor y considerando que las
perdidas en el fierro son identicas en vacio que a plena carga, se pide
a) Determinar la corriente que absorve el motor .
b) determinar la eficiencia del motor
solucin:
R1=0.288
n=960rpm
tdn=103N.m
fdp=0.85
Prueba de vacio:
850 W 10A
Sabemos ns=120.f/p=120.50/6=1000rpm
s=ns-n/ns=1000-960/1000=4%
En la prueba de vacio por fase:
8/10/2019 Final de Maquinas Electricas 2014
6/6
Vin=220/RAIZ(3); I=10A ; P1=850/3=283.33W
Pfe(1)=P1-r1*I^2-Pm
Pfe(1)=283.333-(0.288)*(10)^2- Pm ..(1)
Td=Pd *(2*PI*n/60)
Pd=Td.2.PI.n/60=103*2*PI*960/60=10354.7 W
Pd /3=Pd =3451.56 W
Pm=Pd-Pu=3451.56 [10000/3]
Pm=3451.56-3333.33=118.23 W
En (1):
Pfe(1)=283.333-(0.288)*(10)^2-118.23
Pfe(1)=136.304
Pd=(1-s)Pa2
Pa2=Pd/(1-s)=3451.56/(1-0.04)=3595.38 W
P1=Pcu1+Pfe +Pa2=0.288.I 2+136.304+3595.38
Vin*I*cosFI=0.288.I^2+3731.68
220/RAIZ(3)*I*0.85=0.288*I^2+373.68
I=38.5226 A (Resp a)
n=Pu/(3V.IcosFI)=10000/(3*220/RAIZ(3)*38,52*0.85)=0.8015 (Resp b)