Upload
vandergeraldsukandi
View
25
Download
1
Embed Size (px)
DESCRIPTION
Pembahasan soal OSN Matematika seleksi tingkat provinsi
Citation preview
PEMBAHASAN SOAL OSN MATEMATIKA SMP TINGKAT PROPINSI 2012OLEH :SAIFUL ARIF, S.Pd (SMP NEGERI 2 MALANG)
http://olimatik.blogspot.come-mail: [email protected] HAL 1
PEMBAHASAN SOAL OLIMPIADE SAINS NASIONAL SMPSELEKSI TINGKAT PROPINSI TAHUN 2012
BIDANG STUDI MATEMATIKAWAKTU : 150 MENIT
A. ISIAN SINGKAT
1. Sebuah silinder memiliki tinggi 5 cm dan volume 20 cm3. Luas permukaan bola terbesar yangmungkin diletakkan ke dalam silinder tersebut adalah .
SOLUSI :Vsilinder = 20p r2 t = 20p r2. 5 = 20p r2 = 4Dari persamaan terakhir untuk p = 3,14, dapat ditunjukkan bahwa r < 2,5 cm atau diameter alassilinder < 5 cm (tinggi silinder). Artinya bola terbesar yang bisa dimasukkan dalam silinder berjari-jari maksimum sama dengan jari-jari alas silinder.Jadi luas bola terbesar yang dimaksud adalah 4p r2 = 4 . 4 = 16 cm2
2. Jumlah tiga bilangan adalah 19. Jika bilangan pertama dan bilangan kedua masing-masingdikurangi 1, maka diperoleh dua bilangan dengan rasio 1 : 3. Jika bilangan kedua dan ketigamasing-masing ditambah 3, maka diperoleh dua bilangan dengan rasio 5 : 6. Selisih bilanganterbesar dan terkecil adalah .
SOLUSI :Misalkan ketiga bilangan itu berturut-turut a, b, dan c.Jika bilangan pertama dan bilangan kedua masing-masing dikurangi 1 memiliki rasio 1 : 3 artinya:
31
11
=--
ba
31
311 -=- ba
32
31
+= ba
Jika bilangan kedua dan ketiga masing-masing ditambah 3, maka diperoleh rasio 5 : 6, artinya
65
33
=++
cb
518
563 +=+ bc
53
56
+= bc
PEMBAHASAN SOAL OSN MATEMATIKA SMP TINGKAT PROPINSI 2012OLEH :SAIFUL ARIF, S.Pd (SMP NEGERI 2 MALANG)
http://olimatik.blogspot.come-mail: [email protected] HAL 2
Jumlah tiga bilangan adalah 19, sehinggaa + b + c = 19subtitusi nilai a dan c pada persamaan terakhir diperoleh
1953
56
32
31
=
+++
+ bbb
Kedua ruas dikalikan 15 didapat5b + 10 + 15b + 18b + 9 = 28538b = 285 19b = 266 : 38b = 7
Subtitusi b = 7 pada32
31
+= ba menghasilkan 332
37
=+=a
Subtitusi b = 7 pada53
56
+= bc menghasilkan 953
542
=+=c
Jadi selisih bilangan terbesar dan terkecil adalah 9 3 = 6
3. Jika a=+++++ ...251
161
91
411 , maka ......
491
251
91
=+++
SOLUSI :
a=+++++ ...251
161
91
411
1...491
361
251
161
91
41
-=++++++ a
+++--=+++ ...
361
161
411...
491
251
91 a
+++--=+++ ...
91
411
411...
491
251
91 a
( )aa411...
491
251
91
--=+++
143...
491
251
91
-=+++ a
4. Lima belas bilangan prima pertama dituliskan berturut-turut pada lima belas kartu. Jika semuakartu tersebut diletakkan dalam sebuah kotak dan kemudian diambil secara acak dua buah kartuberturut-turut tanpa pengembalian, maka peluang terambil dua kartu dengan jumlah dua bilangantertulis merupakan bilangan prima adalah .
SOLUSI :Himpunan 15 bilangan prima pertama adalahP = {2, 3, 5, 7, 11, 13, 17, 19, 23, 29, 31, 37, 41, 43, 47}Misalkan aP, bP, maka a + bP jika dan hanya jika a dan b keduanya tidak ganjil. Jadi salahsatu dari a atau b harus genap yaitu 2. Selanjutnya pilih a = 2, maka ada 6 kemungkinan nilai byaitu 3, 5, 11, 17, 29, 43.
PEMBAHASAN SOAL OSN MATEMATIKA SMP TINGKAT PROPINSI 2012OLEH :SAIFUL ARIF, S.Pd (SMP NEGERI 2 MALANG)
http://olimatik.blogspot.come-mail: [email protected] HAL 3
Banyak cara pengambilan secara acak dua buah kartu berturut-turut tanpa pengembalian adalah15C2 = 105Jadi peluang terambil dua kartu dengan jumlah dua bilangan tertulis merupakan bilangan prima
adalah352
1056
=
5. Perhatikan gambar bangun datar setengah lingkaran dengan diameter AD dan pusat lingkaran Mberikut. Misalkan B dan C adalah titik-titik pada lingkaran sedemikian sehingga AC ^ BM dan BDmemotong AC di titik P. Jika besar CAD = so, maka besar CPD = o
SOLUSI :
Perhatikan gambar berikut ini.
Misalkan Q adalah titik potong antara AC dan BM. Pada segitiga siku-siku AMQ diperoleh besar AMQ = 90o so. Pada segitiga sama kaki AMC diperoleh besar ACM = so. Perhatikan bahwa CMD adalah sudut luar segitiga AMC sehingga besar CMD = so + so = 2so. Selanjutnya CPD adalah sudut antara dua tali busur AC dan BD yang besarnya adalah
CPD = ( )CMDAMB +21
CPD = ( )oo ss 29021
+-
CPD = ( )os+9021
6. Lima angka yakni 1, 2, 3, 4, dan 5 dapat disusun semuanya tanpa pengulangan menjadi 120bilangan berbeda. Jika bilangan bilangan tersebut diurutkan dari yang terkecil ke yang terbesar,maka bilangan yang menempati urutan ke-75 adalah .
SOLUSI :Urutan bilangan yang dimaksud dimulai dari 12345, 12354,, dan seterusnya.Kasus 1 : Jika angka pertamanya 1, maka ada 4 kebebasan menyusun angka 2, 3, 4, dan 5.
Banyaknya cara ada 4! = 24Kasus 2 : Jika angka pertamanya 2, maka ada 4 kebebasan menyusun angka 1, 3, 4, dan 5.
Banyaknya cara ada 4! = 24Kasus 3 : Jika angka pertamanya 3, maka ada 4 kebebasan menyusun angka 2, 3, 4, dan 5.
Banyaknya cara ada 4! = 24Sehingga sudah terhitung 24 x 3 = 72 bilangan
PEMBAHASAN SOAL OSN MATEMATIKA SMP TINGKAT PROPINSI 2012OLEH :SAIFUL ARIF, S.Pd (SMP NEGERI 2 MALANG)
http://olimatik.blogspot.come-mail: [email protected] HAL 4
Kasus 4 : Jika angka pertamanya 4, makaBilangan ke-73 adalah 41235Bilangan ke-74 adalah 41253Bilangan ke-75 adalah 41325
Jadi bilangan yang menempati urutan ke-75 adalah 41325.
7. Diketahui 1 + k habis dibagi 3, 1 + 2k habis dibagi 5, 1 + 8k habis dibagi 7. Jika k adalah bilanganbulat positip, maka nilai terkecil untuk k adalah .
SOLUSI :1 + k habis dibagi 3, dapat ditulis k = 3a 1 =3(a 1) + 2, untuk suatu a bilangan bulat
atau k 2 (mod 3) (1)1 + 2k habis dibagi 5, dapat ditulis 2k = 5b 1 =5(b 1) + 4, untuk suatu b bilangan bulat
atau 2k 4 (mod 5) (2)1 + 8k habis dibagi 7, dapat ditulis 8k = 7c 1 =7(c 1) + 6, untuk suatu c bilangan bulat
atau 8k 6 (mod 7) (3)Selanjutnya permasalahan di atas kita selesaikan dengan Teorema Sisa Cina sebagai berikut.Bilangan 3, 5, dan 7 saling relatif prima dengan KPK(3,5,7) = 105, sehingga bentuk (1), (2), (3)berturut-turut ekuivalen dengan:35k 70 (mod 105)42k 84 (mod 105)120k 90 (mod 105)Mengingat k =120k 2(42k) 35k , makak [90 2(84) 70] (mod 105)k [148] (mod 105)k [148 + 2(105)] (mod 105)k 62 (mod 105)Secara umum selesaian dari k = 62 + 105m, untuk suatu parameter m bilangan bulatJadi nilai k terkecil adalah 62 + 105(0) = 62
8. Jika p = 20102 + 20112 dan q = 20122 + 20132, maka nilai sederhana dari pqqp 4)(21 ++-adalah .
SOLUSI :Misalkan 2010 = a , makap = 20102 + 20112 = a2 + (a + 1)2 = a2 + a2 + 2a + 1 = 2a2 + 2a + 12p 1 = 4a2 + 4a + 2 1 = 4a2 + 4a + 1 = (2a + 1)2
q = 20122 + 20132 = (a + 2)2 + (a + 3)2 = a2 + 4a + 4 + a2 + 6a + 9 = 2a2 + 10a + 132q 1= 4a2 + 20a + 26 1 = 4a2 + 20a + 25 = (2a + 5)2
Misalkan x = pqqp 4)(21 ++- , makax2 = 1 2(p +q) + 4pqx2 = (2p 1)(2q 1)x2 = (2a + 1)2(2a + 5)2
x = (2a + 1)(2a + 5)Dengan mensubtitusikan kembali nilai a = 2010 didapatkanx = (4021)(4025)x = 16184525Jadi nilai dari pqqp 4)(21 ++- adalah 16184525
PEMBAHASAN SOAL OSN MATEMATIKA SMP TINGKAT PROPINSI 2012OLEH :SAIFUL ARIF, S.Pd (SMP NEGERI 2 MALANG)
http://olimatik.blogspot.come-mail: [email protected] HAL 5
9. Jika a dan b adalah penyelesaian dari persamaan kuadrat 4x2 7x 1 = 0, maka nilai dari
743
743 22
-+
- ab
ba adalah .
SOLUSI :a dan b adalah selesaian dari persamaan kuadrat (PK) 4x2 7x 1 = 0
Jumlah akar-akar PK : a + b =47
4a + 4b = 7.(1)
Hasil kali akar-akar PK : a . b =41
- 4b =a1
- .(2)
Subtitusi (2) pada persamaan (1) diperoleh
4aa1
- = 7
4a 7 =a1 (3)
Analogi cara di atas diperoleh juga
4b 7 =b1 ..(4)
Dengan mensubtitusi (3) dan (4) pada bentuk74
374
3 22
-+
- ab
ba diperoleh
1621
47
413
))((333
13
13
743
743
22
2222
-=
-=
+=+=
+=-
+-
baababbaa
b
b
aab
ba
10. Pada gambar berikut, kedua ruas garis putus-putus yang sejajar membagi persegi menjadi tigadaerah yang luasnya sama. Jika jarak kedua ruas garis putus-putus tersebut 1 cm, maka luas persegiadalah . cm2
PEMBAHASAN SOAL OSN MATEMATIKA SMP TINGKAT PROPINSI 2012OLEH :SAIFUL ARIF, S.Pd (SMP NEGERI 2 MALANG)
http://olimatik.blogspot.come-mail: [email protected] HAL 6
SOLUSI :
Perhatikan gambar berikut !
Misalkan panjang sisi persegi adalah AB = BC = b cm, dan BE = a cm
Menurut teorema Pythagoras pada segitiga BEC diperoleh alas jajar genjang CE = 22 ba +Diketahui luas I ( D ADG) = luas II (jajar genjang AECG) = luas III ( D BEC) , dan EF = 1 cmPerhatikan bahwa
Luas I = Luas II =31 Luas Persegi ABCD
21 ab = 1 22 ba + =
31 b2
Dengan mengkuadratkan kedua ruas persamaan21 ab = 22 ba + diperoleh
41 a2b2 = a2 + b2 ...(1)
Sedangkan dari persamaan21 ab =
31 b2 diperoleh b = a
23 .(2)
Subtitusi nilai b persamaan (2) ke persamaan (1) didapatkan2
22
2
23
23
41
+=
aaaa
224
49
169 aaa +=
04
13169 24 =- aa
01349
41 22 =
-aa
a = 0 atau a = 1332 atau a = 13
32
-
Karena a adalah ukuran panjang maka yang memenuhi adalah a = 1332
Sehingga b = a23 = 1313
32
23
=
Jadi luas persegi adalah b2 = 13 cm2
PEMBAHASAN SOAL OSN MATEMATIKA SMP TINGKAT PROPINSI 2012OLEH :SAIFUL ARIF, S.Pd (SMP NEGERI 2 MALANG)
http://olimatik.blogspot.come-mail: [email protected] HAL 7
B. SOAL URAIAN
1. Tentukan semua bilangan real x yang memenuhi persamaan berikut :
2x + 3x 4x + 6x 9x = 1
SOLUSI :
2x + 3x 4x + 6x 9x = 1
2x + 3x (2x)2 + (2x3x) (3x)2 = 1
Misalkan : 2x = a, dan 3x =b, makaa + b a2 + ab b2 = 1 a2 + b2 a b ab + 1 = 0
21 [(2a2 + 2b2 2a 2b 2ab + 2)]= 0
[(a2 + b2 2ab) + (a2 2a + 1) + (b2 2b + 1)]= 0
( a b )2 + (a 1)2 + (b 1)2 = 0
Dengan mengingat kuadrat suatu bilangan tidak pernah negatip, maka bentuk terakhir hanyadipenuhi oleh a = b = 1, sehingga 2x = 1, dan 3x =1. Satu-satunya nilai x yang memenuhi adalah 0Jadi bilangan real x yang memenuhi persamaan adalah x = 0
2. Pada gambar berikut, Sembilan lingkaran kecil dalam lambang olimpiade akan diisi masing-masing dengan bilangan 1, 2, 3, 4, 5, 6, 7, 8, atau 9. Tentukan pengisian tersebut sehingga jumlahbilangan di dalam setiap lingkaran besar adalah 14.
SOLUSI :
Perhatikan gambar berikut!
PEMBAHASAN SOAL OSN MATEMATIKA SMP TINGKAT PROPINSI 2012OLEH :SAIFUL ARIF, S.Pd (SMP NEGERI 2 MALANG)
http://olimatik.blogspot.come-mail: [email protected] HAL 8
Kita harus menggantikan bilangan 1, 2, 3, 4, 5, 6, 7, 8, atau 9 pada setiap huruf dan tidak bolehberulang sehingga jumlah setiap huruf dalam satu lingkaran besar = 14.(a + d) + (d + e + h) + (b + e + f) + (f + g + i) + (g + c) = 514 = 70(a + b + c + d + e + f + g + h + i) + d + e + f + g = 7045 + (d + e + f + g) = 70d + e + f + g = 25Disamping itu a + d = c + g = 14. Dari semua angka yang tersedia hanya 9 + 5 dan 8 + 6 yangberjumlah 14. Dengan mengingat d + e + f + g = 25 kemungkinannya d = 6 dan g = 9(kemungkinan sebaliknya simetris saja). Akibatnya a = 8 dan c = 5. Selanjutnya e + f = 10, dansisa angka yang berjumlah 10 adalah 3 + 7. Ini dipenuhi untuk e = 7 dan f = 3. Terakhir diperolehnilai h = 1, b = 4, dan i = 2. Salah satu contoh bentuk isiannya adalah
3. Diketahui D ABC dengan AB = 25 cm, BC = 20 cm, dan AC = 15 cm. Jika titik D terletak pada sisiAB sedemikian sehingga perbandingan luas D ADC dan D ABC adalah 14 : 25, tentukan panjangCD.
SOLUSI :
Perhatikan gambar berikut!
Karena 15, 20, dan 25 merupakan tripel Pythagoras maka segitiga ABC siku-siku di C.
[ABC] = Luas segitiga ABC = . 20 . 15 = 150
[ ][ ] 25
14=
ABCADC
[ ] [ ][ ] 25
14=
-ABC
BCDABC
2514
150.20.150 21 =- DE
PEMBAHASAN SOAL OSN MATEMATIKA SMP TINGKAT PROPINSI 2012OLEH :SAIFUL ARIF, S.Pd (SMP NEGERI 2 MALANG)
http://olimatik.blogspot.come-mail: [email protected] HAL 9
146
.10150=
- DE
150 10 DE = 84
DE = 6,6
Menurut kesebangunan pada segitiga
BCBE
ACDE
=
20156,6 BE
=
436,6 BE
=
BE = 8,8, sehingga CE = 20 8,8 = 11,2
Menurut Teorema Pythagoras pada segitiga CDE diperoleh
CD = 22 CEDE +
CD = 22 2,116,6 +
CD = 1316944,12556,43 ==+
Jadi panjang CD = 13 cm
4. Dari hasil sensus diketahui bahwa penduduk suatu kota tak lebih dari 10.000 orang dan anak-anak20% lebih banyak dari penduduk dewasa. Jika anaklaki-laki 10% lebih banyak dari anakperempuan, serta di antara penduduk dewasa terdapat 15% lebih banyak perempuan, tentukanjumlah terbesar yang mungkin dari penduduk kota tersebut.
SOLUSI :Misalkan:N : jumlah seluruh pendudukD : jumlah penduduk dewasaDL : jumlah laki - laki dewasaDP : jumlah perempuan dewasaA : jumlah penduduk anak - anakAL : jumlah anak laki lakiAP : jumlah anak - anak perempuanDari informasi pada soal dapat dituliskan
A = D + 20%D =120%DPadahal N = A + D = 120%D + 100%D = 220%D, sehinggaD = N = N, dan A = N
AL = AP + 10%AP = 110% APPadahal A = AL + AP = 110% AP + 100% AP = 210% AP, sehinggaAP = A = . N = N, dan
PEMBAHASAN SOAL OSN MATEMATIKA SMP TINGKAT PROPINSI 2012OLEH :SAIFUL ARIF, S.Pd (SMP NEGERI 2 MALANG)
http://olimatik.blogspot.come-mail: [email protected] HAL 10
AL = . N = N
DP = DL + 15%DL = 115% DLPadahal D = DL + DP = DL + 115% DL = 215% DL, sehinggaDL = D = . N= N, dan
DP = . N = N
A, AL,AP ,D, DL dan DP adalah jumlah jiwa, sehingga merupakan bilangan bulat positif.Dengan memperhatikan bagian penyebutnya (7, 11, 43) maka
N= k . KPK(7,11,43), untuk k bilangan bulat positip.N= 3311k
Karena disyaratkan N < 10000, maka nilai N terbesar yang mungkin terjadi untuk k = 3 yaituN = 33311 = 9933.
Jadi jumlah terbesar yang mungkin penduduk kota tersebut adalah 9933 orang.
5. Diketahui sebuah bilangan rasional positip kurang dari 1 yang dinyatakan dalam pecahan biasadalam bentuk paling sederhana. Jika hasil kali pembilang dan penyebut dari bilangan rasionaltersebut adalah 20! = 1 x 2 x 3 x x 20, tentukan semua bilangan yang dimaksud.
SOLUSI :
Misalkan bilangan yang dimaksud adalahba . Karena 1 a. Jadibanyak seluruh kemungkinan bilangan yang dimaksud adalah 128.
Komentar : Pertanyaan soal sebenarnya menentukan semua bilangan yang dimaksud, tetapicukup payah jika kita menuliskan 128 bilangan tersebut. Penulis beranggapan pertanyaan yangtepat seharusnya banyaknya semua bilangan yang dimaksud.
ALHAMDULILLAHIROBBIL ALAMIN.