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01.(EsSA-Outubro/2015)A probabilidade de
um jogador de futebol marcar o gol ao cobrar
um pênalti, é de 80%.Se esse jogador cobrar
dois pênaltis consecutivos, a probabilidade dele
fazer o gol, em ambas as cobranças, é igual a :
a)80% b)16% c)64% d)20% e)32%
Solução:
●
64%
Resposta:Alternativa C
02.(EsSA-Outubro/2015)Sendo o polinômio
P(x) = x3 + 3x2 + ax + b um cubo perfeito, então
a diferença a – b vale:
a)3 b)0 c)2 d) – 1 e)1
Solução:
Um polinômio que é um cubo perfeito, é do tipo
P(x) = (kx + w)3, ou seja:
P(x) =(kx)3 + 3(kx)2●w + 3(kx)●w2 + w3
P(x) =k3x3 + 3k2w x2 + 3k w2x + w3
Comparando com P(x) = x3 + 3x2 + ax + b,temos:
►k3 = 1
►3k2●w = 3 =>3●12●w = 3 =>3w = 3(÷3)
w = 1
►3kw2 = a =>3●1●12 = a 3 = a
► w3 = b => 13 = b 1 = b
Portanto, a – b = 3 - 1 = 2
Resposta:Alternativa C
03.(EsSA-Outubro/2015)Dobrando o raio da
base de um cone e reduzindo a sua altura à
metade, seu volume:
a)reduz-se à metade do volume original.
b)reduz-se a um quarto do volume original.
c)quadruplica
d)dobra.
e)não se altera
Solução:
Temos:
►Volume original = V =
●●r2●h
►Novo volume = V’ =
●●(2r)2●
V’ =
●●4r2●
=> V’ = 2●
●●r2●h
V’ = 2V
Resposta:Alternativa D
04.(EsSA-Outubro/2015)O número complexo
i102, onde i representa a unidade imaginária
a)está na forma trigonométrica
b)é imaginário puro.
c)está na forma algébrica.
d)é positivo
e)é real
2
Solução I:
Sabemos que i2 = - 1. Logo, temos:
i102 = [(i)2]51 = (-1)51 = -1
Solução II:
Sabemos que i = .Logo, temos:
i102 = ( )102 = [( )2]51 = [-1]51 = - 1
Respostas:Alternativa E
05.(EsSA-Outubro/2015)Em um triângulo
retângulo de lados 9m , 12m e 15m,a altura
relativa ao maior lado será:
a)9,6m b)7,2m c)8,6m d)9,2m e)7,8m
Solução:
9m 12m
h
15m
Sabemos que em todo triângulo retângulo, o
produto das medidas dos catetos é igual ao
produto da medida da hipotenusa pela
altura.Sendo assim, temos:
b●c = a●h
9●12 = 15●h => 108 = 15h(÷15) 7,2m = h
Resposta:Alternativa B
06.(EsSA-Outubro/2015)O número de
anagramas diferentes com as letras da palavra
MILITAR que não possuem consoantes
consecutivas que se pode obter é:
a)60 b)120 c)224 d)186 e)72
Solução:
Temos:
M I L I T A R
onde as consoantes não são consecutivas.
Logo, o número de anagramas diferentes que
não possuem consoantes consecutivas é igual
a:
P4● = 4! ●
= 24●
= 24●3 = 72
Resposta:Alternativa E
07(EsSA-Outubro/2015)Qual é a área da
circunferência inscrita num triângulo ABC,cuja
área desse triângulo vale 12 m2, e cujas
medidas dos lados, em metros, são 7 , 8 e 9 ?
a)12m2 b) m2 c)5m2 d) m2 e)
m2
Observação:Esta questão deverá ser
anulada,pois circunferência não tem área,tem
comprimento.Quem tem área é o círculo.
O enunciado deveria ser este:
07.(EsSA-Outubro/2015)Qual é a área do
círculo inscrito num triângulo ABC,cuja área
desse triângulo vale 12 m2, e cujas medidas
dos lados, em metros, são 7 , 8 e 9 ?
a)12m2 b) m2 c)5m2 d) m2 e)
m2
3
Solução:
A área de um triângulo circunscrito a uma
circunferência é dada por:
= p●R
Onde:
p = semi-perímetro do triângulo
R = raio da circunferência inscrita no triângulo
Como p =
=
= 12m , temos:
12 = 12●R (÷12) m = R
Portanto, a área do círculo é igual a:
= R2
= ●( )2 = 5m2
Resposta:Alternativa C
08.(EsSA-Outubro/2015)Uma equação
polinomial do 30 grau que admite as raízes -1 ,
-
e 2 é:
a)2x3 – x2 - 2x – 2 = 0
b)2x3 – x2 - 5x – 2 = 0
c)x3 – 2x2 - 5x – 2 = 0
d)2x3 – x2 - 5x + 2 = 0
e)2x3 – x2 + 5x – 2 = 0
Solução:
Uma equação do 30 grau é do tipo:
ax3 + bx2 + cx + d = 0
Pelas relações de Girard, temos:
►x1 + x2 + x3 = -
(-1) + (-
) + (2) = -
=
=
Logo, vem: a = 2 e - b = 1[●(-1)] b = 1
►x1●x2 + x1●x3 + x2●x3 =
(-1)●(-
) + (-1)●(2) + (-
)●(2) =
- 2 – 1 =
(●2) => 1 – 4 – 2 = c - 5 = c
►x1●x2●x3 = -
(-1)●(-
)●(2) =
=> 1 =
- d = 2●1 => - d = 2[●(-1)] d = - 2
Portanto, uma equação polinomial do 30 grau que
admite as raízes -1 , -
e 2 é:
ax3 + bx2 + cx + d = 0
2x3 - x2 - 5x - 2 = 0
Resposta:Alternativa B
09.(EsSA-Outubro/2015)Em um sistema de
coordenadas cartesianas no plano, considere os
pontos O(0,0) e A(8,0).A equação do conjunto
dos pontos P(x,y) desse plano sabendo que a
4
distância de O a P é o triplo da distância de P a
Aé uma :
a)parábola de vértice(9,3), que intercepta o
eixo das abcissas nos pontos (6,0) e (12,0).
b)circunferência de centro(9,0) e raio 3.
c)hipérbole de focos (3,0) e (15,0), e eixo real
6.
d)elipse de focos(6,0) e (12,0), e eixo menor 6.
e)reta que passa pelos pontos(6,0) e (9,3).
Solução:
Do enunciado sabemos que: O(0,0) , A(8,0),
P(x,y) e dOP = 3●dPA
Logo, temos:
►dOP =
dOP = dOP =
►dPA =
dPA =
dPA =
Como dOP = 3●dPA,vem:
= 3●
( )2 = (3● )2
x2 + y2 = 9●[(8 - x)2 + y2]
x2 + y2 = 9●[82 - 2●8●x + x2 + y2]
x2 + y2 = 9●[64 - 16x + x2 + y2]
x2 + y2 = 576 - 144x + 9x2 + 9y2
x2 + y2 - 9x2 - 9y2 + 144x – 576 = 0
- 8x2 - 8y2 + 144x – 576 = 0[÷(-8)]
x2 + y2 - 18x + 72 = 0
Esta equação representa uma
circunferência,pois os coeficientes de x2 e y2
são iguais,não temos nenhum termo x●y,e se
escrevermos a mesma na forma reduzida,o
valor do segundo membro da igualdade(a
medida do raio) é um valor maior do que
zero).Comparando com a equação geral da
circunferência x2 + y2 – 2ax – 2by + a2 + b2 – r2
= 0,temos:
►- 2a = - 18[÷(-2)] a = 9
►- 2b = 0[÷(-2)] b = 0
Logo, as coordenadas do centroC são:C(9,0)
► a2 + b2 – r2 = 72
92 + 02 – r2 = 72 => 81 + 0 – 72 = r2
9 = r2 => 32 = r2 3 = r
Portanto, a equação do conjunto dos pontos
P(x,y) desse plano, cuja distância de O a P é o
triplo da distância de P a A é uma
circunferência de centro de coordenadas (9,0)
e raio 3.
Resposta:Alternativa B
10.(EsSA-Outubro/2015)Um hexágono
regular está inscrito em uma circunferência de
5
diâmetro 4cm.O perímetro desse hexágono,em
cm , é:
a)12 b)24 c)8 d)6 e)4
Solução:
●
Sabemos que todo hexágono regular pode ser
dividido em 6 triângulos eqüiláteros,cuja
medida de cada lado é igual a medida do raio da
circunferência circuncrita ao hexágono.Como o
diâmetro da circunferência mede 4cm,
podemos concluir que cada lado do hexágono
mede 2cm.Portanto, o perímetro deste
hexágono ´pe igual a 6●2 = 12cm
2
2 2
2
●
2 2 2 2
2
Resposta:Alternativa A
11.(EsSA-Outubro/2015)Em um treinamento
de condicionamento físico, um soldado inicia
seu primeiro dia correndo 800m.No segundo
dia,850m.No terceiro dia,900m, e assim ,
sucessivamente,até atingir a meta diária de
2.200m.Ao final de quantos dias, ele terá
alcançado a meta?
a)27 b)25 c)31 d)23 e)29
Solução:
De acordo com o enunciado,temos uma P.A. de
primeiro termo igual a 800m, razão igual a
850m – 800m = 50m e último termo igual a
2.200m.Sendo assim, temos:
an = a1 + (n-1)●r
2.200 = 800 + (n – 1)●50
2.200 – 800 = 50n – 50 => 1.400 + 50 = 50n
1.450 = 50n(÷50) n = 29
Resposta:Alternativa E
12.(EsSA-Outubro/2015)Sabendo-se que
uma matriz quadrada é invertível se, e somente
se,seu determinante é não nulo, e que , se A e B
são matrizes quadradas de mesma ordem,
então, det(A●B) = (detA)●(detB),pode-se
concluir que , sob essas condições:
a)se B não é invertível,entãoA é invertível.
b)se A●B não é invertível,então A ou B não é
invertível.
c)se A●B é invertível,então A é invertível e B
não é invertível..
d)se A●B é invertível,então B é invertível e A
não é invertível..
e)se A é invertível,então A●B é invertível.
Solução:
Sabemos que (A●B)-1
= B-1
● A-1
6
Logo, se det(A●B) = (detA)●(detB),então,
det(A●B)-1
= (detB-1
)●(detA-1).
Portanto, se A●B não é invertível,então A ou B
não é invertível.
Resposta:Alternativa B
"O homem só envelhece quando os lamentos
substituem seus sonhos."(Provérbio Chinês)
prof.:Roberto Calazans
fones:031 81 88371718 – 041 81 98803263
e-mail:[email protected]