€¦ · Web viewTrong đó , khảo sát hàm ta tìm được . Từ đó suy ra được sự biểu diễn của qua rồi cho giá trị bất kì ta tìm được . Gọi là

www.thuvienhoclieu.com

CHUYÊN ĐỀCỰC TRỊ TRONG KHÔNG GIAN Oxyz

I. PHƯƠNG PHÁPĐể tìm cực trị trong không gian chúng ta thường sử dụng hai cách làm:

Cách 1: Sử dụng phương pháp hình học

Cách 2: Sử dụng phương pháp đại số.

Bài toán 1: Trong không gian cho các điểm và mặt phẳng

Tìm điểm sao cho

1. nhỏ nhất.

2. lớn nhất với

Phương pháp:

Xét vị trí tương đối của các điểm so với mặt phẳng

Nếu thì hai điểm cùng phía với mặt phẳng

Nếu thì hai điểm nằm khác phía với mặt phẳng

1. nhỏ nhất.

Trường hợp 1: Hai điểm ở khác phía so với mặt phẳng

Vì ở khác phía so với mặt phẳng nên nhỏ nhất bằng AB khi và chỉ khi

Trường hợp 2: Hai điểm ở cùng phía so với mặt phẳng (P).

Gọi đối xứng với qua mặt phẳng khi đó và ở khác phía và nên

Vậy nhỏ nhất bằng khi

2. lớn nhất.

Trường hợp 1: Hai điểm ở cùng phía so với mặt phẳng .

Vì ở cùng phía so với mặt phẳng nên lớn nhất bằng AB khi và chỉ khi

Trường hợp 2: Hai điểm ở khác phía so với mặt phẳng .

www.thuvienhoclieu.com Trang 1

,Oxyz ( ; ; ), ( ; ; )A A A B B BA x y z B x y z

( ) : 0.P ax by cz d ( )M P

MA MB

MA MB ( , ( )) ( , ( )).d A P d B P

,A B ( ).P

( )( ) 0A A A B B Bax by cz d ax by cz d ,A B ( ).P

( )( ) 0A A A B B Bax by cz d ax by cz d ,A B

( ).P

MA MB

,A B ( ).P

,A B ( )P MA MB

( ) .M P AB

,A B

'A A ( ),P 'A B ( )P MA MA

.MA MB MA MB A B

MA MB A B ( ).M A B P

MA MB

,A B ( )P

,A B ( )P MA MB

( ) .M P AB

,A B ( )P


Gọi đối xứng với qua mặt phẳng , khi đó và ở cùng phía và

nên

Vậy lớn nhất bằng khi

Bài toán 2: Lập phương trình mặt phẳng biết

1. đi qua đường thẳng và khoảng cách từ đến lớn nhất

2. đi qua và tạo với mặt phẳng một góc nhỏ nhất

3. đi qua và tạo với đường thẳng một góc lớn nhất.Phương pháp:

Cách 1: Dùng phương pháp đại số

1. Giả sử đường thẳng và

Khi đó phương trình có dạng:

Trong đó ( ) (1)

Khi đó (2)

Thay (1) vào (2) và đặt , ta đươc

Trong đó , khảo sát hàm ta tìm được . Từ đó suy ra được sự biểu

diễn của qua rồi cho giá trị bất kì ta tìm được .

2. và 3. làm tương tự

Cách 2: Dùng hình học

1. Gọi lần lượt là hình chiếu của lên và , khi đó ta có:

, mà không đổi. Do đó lớn nhất

Hay là mặt phẳng đi qua , nhận làm VTPT.

2. Nếu nên ta xét và (Q) không vuông góc với nhau.


'A A ( )P 'A B ( )P

MA MA .MA MB MA MB A B

MA MB A B ( ).M A B P

( )P

( )P A ( )P

( )P ( )Q

( )P d

1 1 1: x x y y z za b c

0 0 0( ; ; )A x y z

( )P 1 1 1( ) ( ) ( ) 0A x x B y y C z z

0 bB cCAa Bb Cc Aa

0a

0 1 0 1 0 12 2 2

( ) ( ) ( )( , ( ))

A x x B y y C z zd A P

A B C

BtC

( , ( )) ( )d A P f t

22( )

' ' 'mt nt pf t

m t n t p

( )f t max ( )f t

,A B C C ,A B

,K H A ( )P

( ,( ))d A P AH AK AK ( ,( ))d A P H K

( )P K AK

0( ) ( ),( ) 90Q P Q


Gọi là một điểm nào đó thuộc , dựng đường thẳng qua và vuông góc với . Lấy điểm cố

định trên đường thẳng đó. Hạ Góc giữa mặt phẳng và mặt phẳng là

Ta có

Mà không đổi, nên nhỏ nhất khi

Mặt phẳng cần tìm là mặt phẳng chứa và vuông góc với mặt phẳng . Suy ra

là VTPT của .

3. Gọi là một điểm nào đó thuộc , dựng đường thẳng qua và song song với . Lấy điểm

cố định trên đường thẳng đó. Hạ Góc giữa mặt phẳng và đường thẳng là

. Ta có

Mà không đổi, nên lớn nhất khi

Mặt phẳng cần tìm là mặt phẳng chứa và vuông góc với mặt phẳng . Suy ra

là VTPT của .

II. CÁC VÍ DỤ

Ví dụ 1. 8 Trong không gian với hệ toạ độ đề các vuông góc cho và đường thẳng

. Tìm tọa độ hình chiếu vuông góc của lên và viết phương trình mặt phẳng chứa đường thẳng sao cho khoảng cách từ đến lớn nhất.

Lời giải.

Đường thẳng có là VTCP.

Gọi là hình chiếu của lên .

Do .

Gọi là hình chiếu của lên .

Khi đó, ta có: lớn nhất

Suy ra là VTPT của và đi qua .


B B ( )Q C

( ), .CH P CK d ( )P ( )Q .BCH

sin .BH BKBCHBC BC

BKBC BCH .H K

( )P ( )BCK

, ,P Qn u u n

( )P

M 'd M d A

( ), .AH P AK d ( )P 'd

AMHcos .HM KMAMH

AM AM

KMAM AMH .H K

( )P ( ',d

', ,P dn u u u

( )P

Oxyz (2;5;3)A1 2: 2 1 2

x y zd

A d( )P d A ( )P

d (2;1;2)du

H A d (1 2 ; ;2 2 )H t t t (2 1; 5;2 1)AH t t t

. 0 2(2 1) 5 2(2 1) 0 1 (3;1;4)dAH d AH u t t t t H

'H A ( )mp P

' ( , ( ))AH AH d A P ' ( )H H P AH

(1; 4;1)AH

( )P ( )P H


Vậy phương trình .

Ví dụ 2.8 Trong không gian với hệ toạ độ đề các vuông góc cho bốn điểm

với là tham số.1. Tính khoảng cách giữa hai đường thẳng và khi ;2. Gọi là hình chiếu vuông góc của trên . Tìm các giá trị của tham số để diện tích tam giác

đạt giá trị lớn nhất.Lời giải.

Ta có:

1. Với ta có: và

Do đó

Vậy .

2. Đặt

Suy ra . Đẳng thức xảy ra

Ta có:

Do đó

Vậy là giá trị cần tìm.

Ví dụ 3.8 Lập phương trình mặt phẳng đi qua điểm và cắt các trục tọa độ tại các điểm (khác gốc tọa độ) sao cho:

1. là trực tâm của tam giác ;2. Khoảng cách từ gốc tọa độ đến mặt phẳng ( ) là lớn nhất;3. ;

4. và .Lời giải.

Giả sử mặt phẳng cắt các trục tọa độ tại các điểm khác gốc tọa độ là với

Phương trình mặt phẳng có dạng

Mặt phẳng đi qua điểm nên

1. Ta có:


( ) : 4 3 0P x y z

Oxyz

1;0;0 , 1;1;0 , 0;1;0 , 0;0;A B C D m 0m

AC BD 2m

H O BD mOBH

(0;1;0), (0; 1; )AB CD m

2m (0; 1;2)CD

( 1;1;0)AC

, (2;0;0) , . 2AB CD AB CD AC

, . 2( , ) 12,

AB CD ACd AB CD

AB CD

2 2 22x OH BH OB OH x

2 2 2 2 21 1 1 1. 2 (2 ) ( 2 )2 2 4 2OBHS x x x x x x

1 1 ( , ) 1x OH d O BD

( 1; 1; ), (1;1;0) , ( ; ;0)BD m OB BD OB m m

2 22

, 2( , ) 1 2 22

BD OB md O BD m mBD m

2m2m

( ) (1;9;4)M, ,A B C

M ABCO

OA OB OC

8 12 16 37OA OB OC 0, 0A Cx z

( )( ;0;0), (0; ;0), (0;0; )A a B b C c , , 0.a b c

( ) 1.x y za b c

( ) (1;9;4)M1 9 4 1 (1).a b c

(1 ;9;4), (0; ; ), (1;9 ;4), ( ;0; ).AM a BC b c BM b CA a c


Điểm M là trực tâm tam giác ABC khi và chỉ khi

.Phương trình mặt phẳng cần tìm là 2.

Cách 1: Ta có:

Bài toán trở thành, tìm giá trị nhỏ nhất của với các số thực

thỏa mãn

Ap dụng bđt Bunhiacopski ta có:

Nên suy ra . Dấu đẳng thức xảy ra khi Phương trình mặt phẳng cần tìm là Cách 2: Gọi là hình chiếu của trên mặt phẳng .

Vì mặt phẳng luôn đi qua điểm cố định nên Dấu đẳng thức xảy ra khi khi đó là mặt phẳng đi qua và có véc tơ pháp tuyến là OM(1;9;4)

nên phương trình là

3. Vì nên do đó xảy ra bốn trường hợp sau: Trường hợp 1:

Từ (1) suy ra nên phương trình là:

Trường hợp 2: Từ (1) suy ra nên phương trình là

Trường hợp 3: Từ (1) suy ra nên phương trình là

Trường hợp 4: Từ (1) có nên phương trình là


( ). 0. 0

MAM BCBM CA

1 9 4 198 499 4 98; ;9 24

a b cb c a b c

a c

( ) 9 4 98 0.x y z

2 2 2 2 2 2

1 1( ,( )) .1 1 1 1 1 1

d O

a b c a b c

2 2 21 1 1Ta b c

, , 0a b c 1 9 4 1 (1).a b c

22 2 2

2 2 21 1 1 1 1 11. 9. 4. (1 9 4 ) .a b c a b c

198T

1 1 11 : 9 : 4 :9 4 98.1 9 4 1

a b c a b c

a b c

( ) 9 4 98 0.x y z

H O ( )

( ) M ( ,( )) 98.d O OH OM

,H M ( ) M( )

1.( 1) 9( 9) 4.( 4) 0 9 4 98 0.x y z x y z

OA OB OC ,a b c

.a b c

1 9 4 1 14,aa a a ( ) 14 0.x y z

.a b c 1 9 4 1 6,aa a a ( )

6 0.x y z

.a b c 1 9 4 1 4,aa a a ( )

4 0.x y z

.a b c 1 9 4 1 12,aa a a ( )

12 0.x y z


Vậy có bốn mặt phẳng thỏa mãn là và các mặt phẳng

4. Vì nên do đó

Nếu nên từ (1) ta có

Vì nên phương trình mặt phẳng cần tìm là

Nếu nên từ (1) ta có

Vì nên không có giá trị thỏa mãn.Vậy phương trình mặt phẳng

Ví dụ 4.8 Cho mặt cầu và mặt phẳng có phương trình

1. Chứng minh rằng mặt phẳng cắt mặt cầu theo một đường tròn. Xác định tâm và tìm bán kính của đường tròn đó;2. Lập phương trình mặt phẳng (P) đi qua hai điểm và (P) cắt mặt cầu theo một đường tròn có bán kính nhỏ nhất.Lời giải.

Mặt cầu có tâm , bán kính .

1. Ta có , suy ra cắt mặt cầu theo đường tròn tâm bán kính

là hình chiếu của lên mặt phẳng , suy ra phương trình của là:

Tọa độ điểm là nghiệm của hệ

Vậy tâm .

2. Ta có nên phương trình đường thẳng


14 0,x y z

6 0, 4 0, 12 0.x y z x y z x y z 0, 0A Cx z 0, 0,a c

8 12 16 37 8 12 16 37 .OA OB OC a b c

8 2 40 , , 237 3

ab c a b a

2 51 27 37 1 2 35 02 4 2 7aa a

a a a a

2a 405 2; ,37a b c

( ) : 8 20 37 40 0.x y z

8 4 20 , , 237 3

ab c a b a

21 27 37 29 3 1091 29 35 04 2 2 2a a aa a a

2a

( ) : 8 20 37 40 0.x y z

2 2 2( ) : ( 1) ( 1) ( 1) 25S x y z ( )2 2 7 0x y z

( ) ( )S

(1; 1;2), (3;5; 2)A B ( )S

( )S (1;1;1)I 5R

2 2 22 2 1 7( ,( )) 42 2 1

d I R

( ) ( )S H

2 2( ,( )) 3r R d I

H I ( ) HI1 21 21

x ty tz t

I

1 2 51 2 31 1

32 2 7 0

x tx yy t

z t zx y z

5 5 1; ;3 3 3H

2;6; 4AB

1: 1 3

2 2

x tAB y t

y t


Vì nên mặt phẳng đi qua luôn cắt mặt cầu theo đường tròn có bán kính

.Do đó nhỏ nhất lớn nhất.Gọi lần lượt là hình chiếu của lên và , ta luôn có

nên suy ra lớn nhất

Do

Vì Vậy phương trình .

Ví dụ 5.8 Trong không gian với hệ tọa độ , cho và mặt cầu

1. Viết phương trình mặt phẳng chứa trục và cắt theo một đường tròn có bán kính bằng ;2. Tìm tọa độ điểm thuộc mặt cầu sao cho khoảng cách từ đến mặt phẳng (P) lớn nhất.Lời giải.

Mặt cầu (S) có tâm và bán kính .

1.Trục Ox có phương trình: phương trình (Q): .

Mặt cầu (S) cắt (Q) theo một đường tròn có bán kính

, chọn .

Vậy phương trình mp(Q): .

2. Gọi là đường thẳng đi qua I và vuông góc với mp(P) . Suy ra phương trình của

cắt mặt cầu tại hai điểm .

Khi đó nếu lớn nhất .

Tọa độ giao điểm của và mặt cầu (S) là nghiệm của hệ:

.

Giải hệ này ta được hai giao điểm .

Ta có: .

Vậy lớn nhất .


IA R ( )P AB ( )S

225 ( ,( ))r d I P

r ( ,( ))d I P

,K H I AB ( )P

IH IK ( ,( ))d I P H K

(1 ; 1 3 ;2 2 ) ( ;3 2;1 2 )H AB H t t t IH t t t

4. 0 3(3 2) 2(1 2 ) 0 7IH AB IH AB t t t t

4 2 1; ;7 7 7IH

( ) : 4 2 4 0x y z

Oxyz ( ) : 2 2 14 0P x y z

2 2 2 2 4 2 3 0x y z x y z ( )Q Ox ( )S 3

M ( )S M

(1; 2; 1)I 3R

00

yz

z=0ay b

3r R

( ) 2 0I Q a b 1 2b a

2 0x y

1 2 1: 2 1 2x y z

( )S ,A B

( ,( )) ( , ( )) ( ,( ))d A P d B P d M P M A

2 2 2 2 4 2 3 01 2 1

2 1 2

x y z x y zx y z

( 1; 1; 3), (3; 3;1)A B

( ,( )) 7 ( ,( )) 1d A P d B P

( ,( ))d M P ( 1; 1; 3)M


Ví dụ 6.8 Trong không gian cho mặt phẳng và hai điểm . Tìm điểm thuộc sao cho:

1. nhỏ nhất 2. lớn nhấtLời giải.

Mặt phẳng có là VTPT

Thay tọa độ hai điểm vào vế trái phương trình của ta được và nên hai điểm nằm về

cùng một phía so với .

1. Gọi là điểm đối xứng với qua , khi đó và ở khác phía so với và với mọi điểm

, ta có .

Do đó , mà không đổi và đẳng thức xảy ra khi

, suy ra nhỏ nhất .

Ta có:

Tọa độ giao điểm của và là nghiệm của hệ:

là trung điểm của

Suy ra , phương trình

Tọa độ là nghiệm của hệ


Oxyz ( ) : 2 2 6 0P x y z

(5; 2;6), (3; 2;1)A B M ( )P

MA MB MA MB

( )P (2; 1;2)Pn

,A B ( )P 18 4 ,A B

( )P

'A A ( )P 'A B ( )P

( )M P 'MA MA

( ) : ' 'M P MA MB A M MB A B 'A B

' ( )M A B P MA MB ' ( )M A B P

5 2' ( ) ' : 2

6 2

x tAA P AA y t

z t

H 'AA ( )P

5 2 12 0 (1; 1;2)6 2 22 2 6 0

x t xy t y Hz t zx y z

H

'''

2 3' 2 2 '( 3;2; 2)

2 2

A H A

A H A

A H A

x x xAA y y y A

z z z

' (6; 4;3)A B

3 6' : 2 4 ,

2 3

x tA B y t t

z t

M

213 6 11

2 4 14112 3

52 2 6 011

xx ty t yz tx y z z


Vậy là điểm cần tìm.

2. Vì nằm về cùng một phía so với nên với mọi ta luôn có

, đẳng thức xảy ra khi .

Phương trình

Tọa độ . Vậy .

Ví dụ 7.8 Trong không gian cho điểm , đường thẳng có phương trình

và mặt phẳng 1. Viết phương trình mặt phẳng chứa đường thẳng và khoảng cách từ đến lớn nhất;2. Viết phương trình mặt phẳng chứa và tạo với một góc nhỏ nhất;3. Viết phương trình mặt phẳng chứa hai điểm và tạo với đường thẳng một góc lớn nhất.Lời giải.

Mặt phẳng (P) có là VTPT

Đường thẳng đi qua và có là VTCP.

1. Cách 1: Giả sử là VTPT của , suy ra phương trình của có dạng:

(1)

Do nên .

Do đó:

Nếu

Nếu thì ta đặt , ta có:


21 14 5; ;11 11 11M

,A B ( )P ( )M P

AM MB AB ( )M AB P

5 2: 2

6 5

x tAB y

z t

175 272: 26 5 32 2 6 0 7

x t xyM yz t

zx y z

17 3; 2;7 7M

Oxyz (1; 1;1)A 1 1: 2 1 1

x y z

( ) : 2 2 1 0P x y z

( )Q A ( )Q( )R ( )P( ) (1;1;1), ( 1;2; 1)M N

(2; 1;2)Pn

(1;0; 1)B (2;1; 1)u

( ; ; )n a b c

( )Q ( )Q

( 1) ( 1) 0 0a x by c z ax by cz a c

( )Q 2 0 2a b c c a b

2 22 22 2 2 2 2

2 4 16 8( ,( ))5 4 25 4 2

c b a b a ab bd A Qa ab ba b c a ab b

40 ( ,( ))5

b d A Q

0b atb

2 2 2

2 2 216 8 16 8 1 ( )5 4 2 5 4 2

a ab b t t f ta ab b t t


Xét hàm số với ta có:

Suy ra , do đó , đạt được khi

Chọn ta tìm được .


Cách 2: Gọi lần lượt là hình chiếu của lên và , khi đó

, mà không đổi nên lớn nhất

Dẫn tới là mặt phẳng đi qua và nhận làm VTPT.

Vì


2. Cách 1: Tương tự như trên ta có

Gọi , .

Ta có: .

Nếu

Nếu , đặt thì ta có:

Khảo sát hàm số ta tìm được

Suy ra đạt được khi , chọn


Cách 2: Gọi là đường thẳng đi qua và vuông góc với


( )f t t

22 2

24 54 12 1'( ) , '( ) 0 2, 4(5 4 2)t tf t f t t tt t

7max ( ) ( 2) 2f t f 14max ( ,( )) 2d A Q 2a b

1b 2, 3a c

( ) : 2 3 1 0Q x y z

,K H A ( )Q

( ,( ))d A Q AH AK AK ( ,( ))d A Q H K

( )Q K AK

1 2 ; ; 1 2 ; 1; 2K K t t t AK t t t

1 1 1 1 3. 0 4 1 2 0 0; ; , 1; ;2 2 2 2 2AK AK u t t t t K AK

( ) : 2 3 1 0Q x y z

( ) : (2 ) 0Q ax by a b z a b

( ),( )P R 0 00 90

2 22 22 2 2

2 2(2 ) 1 12 36cos 3 2 4 53 (2 )

a b a b b ba ab ab aa b a b

10 cos3 2

a

0a bta

2 2 2

2 2 212 36 12 36 ( )

2 4 5 2 4 5b ba a t t f t

b ab a t t

( )f t7 53max ( ) ( )10 6f t f

max cos710

ba 7 10b a

( ) :10 7 13 3 0R x y z

d B ( )P


Ta có phương trình , lấy

(R)

(P)

C

H

BK

Gọi lần lượt là hình chiếu của lên và , khi đó và

.

Mà không đổi, nên suy ra nhỏ nhất hay là mặt phẳng đi qua và vuông góc với

mặt phẳng .

Mặt phẳng đi qua và vuông góc với nên là VTPT của .

Do đi qua và vuông góc với nên là VTPT của , suy ra

phương trình của .

3. Cách 1: Giả sử phương trình mặt phẳng có dạng:

Do nên

Ta viết lại dạng phương trình của như sau:

Suy ra là VTPT của . Gọi

Ta có:


1 2:

1 2

x td y t

z t

(3; 1;1) , C d C B

,H K C ( )R BCH

sin sin BH BKBCHBC BC

BKBC H K ( )R

( )BCK

( )BCK ( )P 1 , ( 1;6;4)Pn n u

( )BCK

( )R ( )BCK 1, 10; 7;13Rn n u

( )R

( ) :10 7 13 3 0R x y z

( ) 0ax by cz d

, ( )M N

30 2

2 0 12

d ba b c da b c d c a b

( ) 2 2 ( 2 ) 3 0ax by b a z b

(2 ;2 ; 2 )n a b b a

( ) ( ))

2 22 22 2 2

. 4 2 2 1 12 36sin6. 5 4 86. 4 4 ( 2 )

n u a b b a b ab an u b ab aa b b a


Nếu , với , đặt

Xét hàm số ta tìm được .

Do đó , chọn

Vậy phương trình của .

Cách 2: Ta có: là VTCP của , suy ra phương trình đường thẳng

. Gọi là đường thẳng đi qua , song song với . Suy ra phương trình

Trên ta lấy điểm . Gọi lần lượt là hình chiếu của lên và , khi đó

.

Ta có: , mà không đổi nên lớn nhất

Hay là mặt phẳng đi qua và vuông góc với mặt phẳng

Ta có: là VTPT của

Suy ra là VTPT của

Vậy phương trình của .

d(P)

Δ

H K

NM

A


30 sin 2a 0a ,bt t

a

22

12 36( )5 4 8t tf t

t t

5 53max ( ) 8 9f t f

max max5sin 8

ba

5, 8b a

( ) :16 10 11 15 0x y z

2; 1;2NM

MN

1 2: 1 ,

1 2

x tMN y t t

z t

d M

1 2: 1 ,

1

x td y t t

z t

d (3;2;0)A ,H K A ( ) MN

( ), ABH

cos BH BKABHBA BA

BKBA ABH H K

( ) MN ( ) ( , )MN d

, 1;6;4n NM u

( )

, 16; 10;11n NM n

( )

( ) :16 10 11 15 0x y z


Ví dụ 8.8 Trong không gian cho mặt phẳng và điểm . Lập phương trình đường thẳng nằm trong và1. đi qua và khoảng cách từ đến lớn nhất, nhỏ nhất;

2. đi qua và khoảng cách giữa và lớn nhất.Lời giải.

Mặt phẳng có là VTPT

Gọi là VTCP của , do (1)

1. Ta có:

Do đó:

Nếu , với đặt

Xét hàm số , khảo sát hàm số ta tìm được

Khoảng cách từ đến lớn nhất khi , chọn , suy ra

phương trình đường thẳng :

Khoảng cách từ đến nhỏ nhất khi , chọn , suy ra phương

trình đường thẳng : .

2. Đường thẳng đi qua và có là VTCP


Oxyz ( ) : 3 0x y z (1;2;3)A

( )

(1;1;1)M A

M 2: 1 2 1

x y zd

( ) (1;1;1)n

( ; ; )u a b c

( ) 0P a b c c a b

0; 1; 2 , 2 ;2 ;AM u AM c b a a

2 2 2 2

2 2 2 2 2 2

, ( 2 ) 5 ( ) 5( , )( )

u AM c b a b a ad Au a b c a b a b

2 22 2

1 2 62 2

b ab ab ab b

10 ( , )2

a d A 0a

,bt ta

22

2 6( )1

t tf tt t

( )f t

2 2max ( ) ( ) 10, min ( ) (4)3 3f t ff t f

A 2 23 3

bta

2 3,b a 1c

1 1 1: 3 2 1x y z

A 4 4bt

a 4 1,b a 5c

1 1 1: 1 4 5x y z

d (2;0;0)N 1 (1;2; 1)u

1 11; 1; 1 , , (2 ; ;2 ) , . 3MN u u a b b a b u u MN b


Do đó

Đẳng thức xảy ra khi


Ví dụ 9.8 Lập phương trình đường thẳng đi qua và cắt đường thẳng x 1 y z 2d : 2 1 1

sao cho:1. Khoảng cách từ đến đường thẳng là lớn nhất, nhỏ nhất;

2. Khoảng cách giữa và là lớn nhất.Lời giải.

Giả sử cắt tại điểm thì

là VTCP của đường thẳng .

1. Ta có nên

Khoảng cách từ điểm đến đường thẳng là

Ta có nên

Từ đó ta tìm được

Do đó:

đạt được khi nên phương trình đường thẳng cần tìm

đạt được khi nên phương trình đường thẳng cần tìm


212 22 2 21

, . 3( , ) 3 3

4 3, (2 ) (2 )

u u MN b bd da bu u a b b a b

0 (0;1; 1)a c b u b

1: 1

1

xy tz t

d (0; 1; 2)A

(2; 1;1)B d

d5: 2 2 1

x y z

d 'd M ( 1 2 ; ; 2 ), .M t t t t

(2 1; 1; )AM t t t

d

(2; 2; 1)AB , (1 ; 1; 4 2 ).AB AM t t

B d

22

, 5 18 18( , ) ( )6 2 2

AB AM t td B d f tAM t t

22

5 18 18( )6 2 2t tf tt t

2 298 ( 2)( ) .

(6 2 2)t tf t

t t

1max ( ) (0) 18, min ( ) (2) .11f t ff t f

1min ( , )11

d B d 2 (3; 3; 2)t AM

1 2: .3 3 2x y zd

max ( , ) 3 2d B d 0 ( 1;1; 1)t AM

1 2: .1 1 1x y zd


2. đi qua và có véc tơ chỉ phương

Ta có

Khoảng cách giữa hai đường thẳng là:

Vì nên

Từ đó ta tìm được , khi đó

Vậy đường thẳng d có phương trình là CC BÀI TỐN DNH CHO HỌC SINH ÔN THI ĐẠI HỌCBài 1

1. Trong không gian cho 2 điểm và mặt phẳng .a) Viết phương trình mặt phẳng chứa và vuông góc với .b) Tìm toạ độ điểm thuộc sao cho nhỏ nhất.2. Trong không gian với hệ tọa độ Đề Các vuông góc cho tứ diện với

. Tính góc giữa hai đường thẳng và . Tìm tọa độ trên sao cho tam giác có chu vi nhỏ nhất.

3. Trong không gian với hệ toạ độ , cho mặt phẳng có phương trình: và hai

điểm . Trong các đường thẳng đi qua và song song với , hãy viết phương trình đường thẳng mà khoảng cách từ đến đường thẳng đó là nhỏ nhất.4. Lập phương trình mặt phẳng đi qua điểm và cắt các tia lần lượt tại các điểm

(khác gốc tọa độ) sao choa) Thể tích khối tứ diện có giá trị nhỏ nhất.b) đạt giá trị nhỏ nhất.

5. Cho đường thẳng và các điểm

Tìm điểm thuộc đường thẳng sao choa) nhỏ nhất.b) nhỏ nhất.Bài 2

1. Trong không gian với hệ tọa độ cho hình hộp chữ nhật


(5; 0; 0)N (2; 2; 1).u

, ( 1; 4 1; 6 ), (5; 1; 2).u AM t t t AN

2 2 2

2 22 2

, . 6 3( ; )

, ( 1) (4 1) (6 )

(2 ) (2 )3. 3. ( ), ( ) .53 10 2 53 10 2

u AM AN td d

u AM t t t

t tf t f tt t t t

2 26( 2)(4 37 )( )(53 10 2)

t tf tt t

4( ) 0 2, .37f t t t

4max ( ) 37f t f

1 29; 41; 4 .37AM

1 2: .29 41 4x y zd

Oxyz ( 1;3; 2), ( 3;7; 18)A B : 2 1 0P x y z

AB ( )P

M ( )P MA MBOxyz ABCD

(2;3;2), (6; 1; 2), ( 1; 4;3), (1;6;-5)A B C D AB CDM CD ABM

Oxyz ( )P 2 2 5 0x y z

3;0;1 , 1; 1;3A B A ( )PB

( ) M(1;4;9) Ox,Oy,Oz A,B,C

OABCOA OB OC

x 1 y 8 z 1: 2 3 1

A( 3; 4; 1),

B(1; 6; 1), C(1; 10; 3). M MA MBMA MC

Oxyz


có trùng với gốc tọa độ, với . Gọi là trung điểm của . a) Tính thể tích của khối tứ diện .

b) Cho . Tìm .2. Cho các điểm

a) Tìm điểm thuộc mặt phẳng sao cho là tứ diện có các cặp cạnh đối vuông góc.b) Tìm điểm trên trục hoành sao cho tam giác có diện tích nhỏ nhất.

3. Cho hai điểm

a) Đường thẳng cắt mặt phẳng tại Điểm chia đoạn theo tỉ số nào?

b) Tìm tọa độ điểm trên mặt phẳng sao cho có gia trị nhỏ nhất.

c) Cho điểm có các thành phần tọa độ bằng nhau. Xác định biết rằng đạt giá trị lớn nhất

4. Cho mặt phẳng và đường thẳng

Lập phương trình đường thẳng đi qua điểm đồng thời

a) và khoảng cách giữa và là lớn nhất.

b) và góc giữa và là lớn nhất, bé nhất.

c) vuông góc với đường thẳng và khoảng cách từ điểm đến đường thẳng là lớn nhất, bé nhất.

Bài 3 Trong không gian cho đường thẳng và ba điểm

. Tìm sao cho:

1. nhỏ nhất 2. nhỏ nhất.

Bài 4 Lập phương trình mặt phẳng đi qua sao cho cắt các tia lần lượt tại 3 điểm thỏa:1. là trọng tâm tam giác ;2. Tứ diện có thể tích lớn nhất;3. Khoảng cách từ đến lớn nhất;4. và .

Bài 5 Cho với và

1. Tìm tâm và bán kính mặt cầu ngoại tiếp tứ diện . Tìm giá trị nhỏ nhất của bán kính .

2. Gọi là bán kính mặt cầu ngoại tiếp tứ diện . Chứng minh rằng: .


. ' ' ' 'ABCD A B C D A ;0;0 , 0; ;0 ,B a D a ' 0;0;A b 0, 0a b M'CC

'BDA M

4a b 'max A BDMV

A(3; 1;0),B(2;1; 1),C(3;2;6).

D (Oyz) ABCDM ABM

A(5;2;3),B( 1; 2; 1).

AB (Oxz) M. M ABN (Oxz) NA NB

K K 2 22KA 3KBA(1; 1; 2), (P): x y z 1 0

x 1 y z 4: .2 1 3

d A

d//(P) d d//(P) d

d

x 1 td : y 3 t (t R)

z 1 t B( 1; 1; 1)

d

Oxyz1: 1 2 1

x y z

(3;2; 1), (1; 2;1), (2;1;3)A B C M

MA MB MA MC

( ) 1;4;9M ( ) , ,Ox Oy Oz, ,A B C

M ABCOABC

O ( )ABC4OA OC OB 9OA OB

;0;0 , 0; ;0 , 0;0;A a B b C c , , 0a b c 1 1 1 2a b c

R OABC R

r OABC1 34 2( 3 1)

r


Bài 6 Cho các điểm .

1. Tìm tọa độ điểm thuộc mặt phẳng sao cho : đạt giá trị nhỏ nhất.

2. Tìm thuộc mặt cầu sao cho : đạt giá trị lớn nhất.Bài 7

1. Cho mặt cầu và mặt cầu Lập

phương trình mặt cầu có tâm nằm trên đường nối tâm của hai mặt cầu và tiếp xúc với hai mặt cầu đó và có bán kính lớn nhất

2. Lập phương trình đường thẳng đi qua điểm điểm và

cắt đường thẳng sao cho

a) Khoảng cách từ đến là lớn nhất, bé nhất.

b) Khoảng cách giữa và lớn nhất.

c) Góc giữa và mặt phẳng lớn nhất.

Bài 8. Cho và Lập phương trình

mặt phẳng chứa đường thẳng và

1. Góc giữa mặt phẳng và mặt phẳng nhỏ nhất.

2. Góc giữa mặt phẳng và đường thẳng lớn nhất.

Bài 9 Trong không gian cho hai điểm và đường thẳng: .

1. Viết phương trình mặt phẳng chứa sao cho khoảng cách từ đến lớn nhất.

2. Viết phương trình chứa vào tạo với mặt phẳng một góc nhỏ nhất.

3. Viết phương trình mặt phẳng chứa và tạo với một góc lớn nhất.Bài 10

Cho các điểm và mặt phẳng có phương trình

Tìm điểm thuộc sao cho

1. có giá trị nhỏ nhất


(1; 0; 1), (2; 2; 1), (0; 1; 0)A B C

M ( ) : 2 2 6 0P x y z MA MB MC

M2 2 2 57( ) : ( 1) ( 1) ( 1) 2S x y z 2 4 3MA MB MC

2 2 21( ) : 6 12 12 72 0S x y z x y z 2 2 2

2( ) : 9 0.S x y z

( )S 1( )S 2( ),S

A(3; 2; 1)

x 1 y 1 z 1d: 1 2 1

B(2; 1; 1)

x 1 2t: y 2 t (t R)

z 1 2t (P): 5x 2y 3z 8 0

1 2: 1 2 1x y zd

2 1: ,2 1 2x y zd

( ) : 2 2 3 0.Q x y z

( )P d

( )P ( )Q

( )P d

(1;4;2), ( 1;2;4)A B 1 2: 1 1 2

x y zd

( )P d A ( )P

( )Q d ( )Oxy

( )R d Oy

(1; 1; 2), ( 2; 1; 0), (2; 0; 1)A B C ( )P 2 3 0.x y z

M ( )P

MA MB


2. có giá trị lớn nhất.

3. có giá trị nhỏ nhất

4. có giá trị lớn nhất.Bài 11.

1. Cho và đường thẳng đường thẳng Lập

phương trình đường thẳng qua vuông góc với và cách khoảng lớn nhất.

2. Cho các điểm và đường tròn (C) là giao của mặt phẳng

và mặt cầu có phương trình . Tìm tọa độ

điểm sao cho đạt giá trị lớn nhất.

Bài 12. Cho các điểm lần lượt nằm trên các trục (khác gốc tọa độ). Lập phương trình mặt

phẳng biết

1. Điểm là trọng tâm của tam giác

2. Điểm là trực tâm của tam giác

3. Mặt phẳng qua và lớn nhất.

4. Mặt phẳng qua và

5. Mặt phẳng qua điểm có hoành độ bằng đồng thời

Bài 13. Cho mặt phẳng và ba điểm

1. Tìm tọa độ điểm có tung độ bằng nằm trong mặt phẳng và thỏa mãn

2. Tìm điểm thuộc mặt phẳng sao cho đạt giá trị nhỏ nhất.

Bài 14.

1. Cho mặt phẳng và các điểm Lập phương trình đường

thẳng nằm trong đi qua và cách một khoảng lớn nhất, nhỏ nhất?.

2. Lập phương trình đường thẳng đi qua song song với mặt phẳng đồng

thời tạo với đường thẳng một góc nhỏ nhất, lớn nhất?.

3. Lập phương trình đường thẳng đi qua và cắt đường thẳng sao cho

góc giữa đường thẳng và đường thẳng là lớn nhất, nhỏ nhất?

Bài 15. Cho đường thẳng và điểm

Lập phương trình mặt phẳng chứa đường thẳng và

1. Khoảng cách từ điểm đến mặt phẳng là lớn nhất.


MA MC

MA MC

MA MB

(0; 0; 0)O1 1: ,1 2 1

x y z

1 1: .2 2 1

x y zd

d ,O 'd

(4; 1; 2), (1; 4; 2), (1; 1; 5)A B C

( ) : 7 0P x y z ( )S 2 2 2 2 2 4 3 0x y z x y z

( )M C MA MB MC

A,B,C Ox, Oy, Oz(ABC)

G( 2;3;1) ABC.H(5; 3; 2) ABC.

(ABC) M(1; 2;3) d(O,(ABC))(ABC) N(1;2;3) OA OB OC.

(ABC) P(3;2;1), A 2 OB 1 2OC.

(P):x y z 1 0 A(1;1;1), B(0;1;2),C( 2;0;1).

M 1, (P) MA MB.

N (P) 2 2 22NA NB NC

(P): x 2y z 1 0 A(1; 0;0), B(0; 2; 3).d (P), A B

d A(1; 1; 2), (Q): 2x y z 3 0,

dx 1 y 1 zd : 1 2 2

d A( 1; 0; 1) x 1 y 2 z 2d : 2 1 1

dx 3 y 2 z 3: 1 2 2

x 1 y 2 zd: 1 1 2

A(1; 4; 2),

B( 1; 2; 4). (P) dA (P)


2. Góc giữa mặt phẳng và mặt phẳng là nhỏ nhất.

3. Góc giữa mặt phẳng và trục là lớn nhất.

Chú ý: Trong không gian cho điểm .

1. Tìm sao cho

a) Nhỏ nhất khi

b) Lớn nhất khi

2. Tìm sao cho nhỏ nhất hoặc lớn nhất , trong đó .

Phương pháp giải:

Gọi là điểm thỏa mãn: điểm tồn tại và duy nhất nếu . Khi đó :

1.

Do không đổi nên:

Nếu thì nhỏ nhất nhỏ nhất

Nếu thì lớn nhất nhỏ nhất

2.

Do đó nhỏ nhất hoặc lớn nhất nhỏ nhất hoặc lớn nhất.

Nếu thuộc đường thẳng (hoặc mặt phẳng ) thì lớn nhất khi và chỉ khi là hình chiếu

của lên (hoặc ).

Nếu thuộc mặt cầu (S) và đường thẳng đi qua và tâm của (S), cắt (S) tại hai điểm ( thì nhỏ nhất (lớn nhất) ( ).

Ví dụ 10.8 Cho và ba điểm .


(P) (xOy)(P) Oy

n 1 2, ,..., nA A A

M2 2 2

1 1 2 2 ... n nP MA MA MA

1 2 ... 0n

1 2 ... 0n

M 1 1 2 2 ... n nP MA MA MA

10

ni

i

I 1 1 2 2 ... 0n nIA IA IA

I 10

ni

i

2 2 21 1 1 2 1... nP MI IA MI IA MI IA

2 21 2 1

1( ... )

nn i

iIM IA

21

1

ni

iIA

1 2 ... 0n P MI

1 2 ... 0n P MI

1 1 2 21

... .n

n n ii

P MI IA MI IA MI IA MI

P MI

M ( )P MI M

I ( )P

M I ,A B)IA IB MI M B M A

( ) : 1 0P x y z (1;1;1), (0;1;2),A B ( 2;0;1)C


1. Tìm tọa độ điểm sao cho và ;

2. Tìm sao cho nhỏ nhất.Lời giải.

1. Gọi , ta có:

Suy ra

. Vậy .

2. Gọi là điểm thỏa mãn (*)

Ta có:

Nên . Suy ra

Khi đó:

;

Do đó

Do không đổi nên nhỏ nhất khi và chỉ khi nhỏ nhất hay là hình chiếu của lên mặt phẳng .

Gọi , là VTPT của Vì (1)

Do nên thay vào (1), ta có được:

Vậy .

Ví dụ 11.8 Trong không gian cho ba điểm 1. Tìm thuộc mặt phẳng sao cho biểu thức sau nhỏ nhất

;

2. Tìm thuộc đường thẳng sao cho biểu thức sau lớn nhất:

;

3. Tìm thuộc mặt cầu sao cho biểu thức

đạt giá trị lớn nhất, giá trị nhỏ nhất.


( )M P MA MB 1My

( )N P 2 2 22S NA NB NC

( ;1; ) ( )M x z P 1 1 0x z x z 2 2 2 2( 1) ( 1) ( 2)MA MB x z x z 2 2 2 4 4x z z

1 1;2 2z x 1 1( ;1; )2 2M

( ; ; )I x y z 2 0IA IB IC

2 2 2 ;2 2 ;2 2 , ;1 ;2 , 2 ; ;1IA x y z IB x y z IC x y z

4 03 5(*) 3 4 0 0, ,4 45 4 0

xy x y zz

3 50; ;4 4I

22 2 22 2 2 2 4 .NA NI IA NI IA NI IA

2 2 2 2 .NB NI IB NI IB 2 2 2 2 .NC NI IC NI IC

2 2 2 2 2 2 2 24 2 2 2 4 2S NI IA IB IC NI IA IB IC NI IA IB IC

2 2 22IA IB IC S NI N I( )P

3 5( ; ; ) ; ;4 4N x y z IN x y z

1; 1;1n

( )P

( ) 1 0N P x y z

( )IN P

3454

x k

IN kn y k

z k

3 5 3 3 3 11 0 , ,4 4 2 2 4 4k k k k x y z

3 3 1; ;2 4 4N

(1;2;3), ( 1;0; 3),A B (2; 3; 1)C

M ( ) : 2 2 1 0x y z

2 2 23 4 6S MA MB MC

M1 1 1

2 3 1x y z

7 5P MA MB MC

M2 2 2( ) : ( 2) ( 2) ( 8) 36S x y z

2 2 24 2F MA MB MC


Lời giải.1. Cách 1:

Gọi là điểm thỏa mãn: (*)

Mà

Do đó

Khi đó:

.

Do không đổi nên nhỏ nhất nhỏ nhất là hình

chiếu của lên . Ta có

Tọa độ của là nghiệm của hệ:


Cách 2: Gọi

Suy ra:

Suy ra

Đẳng thức xảy ra hay là điểm cần tìm


( ; ; )I x y z 3 4 6 0IA IB IC

6 4IA AC AB

(1 ;2 ;3 ),6 (6; 30; 24),4 ( 8; 8; 24)IA x y z AC AB

1 6 8 13(*) 2 30 8 24 ( 13;24;3)

3 24 24 3

x xy y Iz z

2 2 22 2 23 4 6 3 4 6S MA MB MC MI IA MI IB MI IC

2 2 2 22 3 4 6 3 4 6IM MI IA IB IC IA IB IC

2 2 2 23 4 6IM IA IB IC

2 2 23 4 6IA IB IC S IM M

I ( )

13 2( ) : 24

3 2

x tIM IM y t

z t

M

13 2 1124 253 2 12 2 1 0

x t xy t yz t zx y z

( 11;25;1)M

( ; ; ) ( ) 2 2 1 0M a b c a b c

2 2 2 23 3 3 3 6 12 18 42MA a b c a b c

2 2 2 24 4 4 4 8 24 40MB a b c a c

2 2 2 26 6 6 6 24 36 12 84MC a b c a b c

2 2 2 26 48 6 2S a b c a b c

2 2 2( 11) ( 25) ( 1) 4 2 4 749a b c a b c

2(2 2 1) 747 747a b c

11, 25, 1a b c ( 11;25;1)M


2. Cách 1: Gọi là điểm thỏa mãn:

(*)

Mà ,

Nên (*)

Khi đó:

Do đó nhỏ nhất nhỏ nhất là hình chiếu của lên

Vì


Cách 2: Ta có

Suy ra

Do đó

Nên

Đẳng thức xảy ra . Vậy là điểm cần tìm.

3. Gọi là điểm thỏa mãn:

Ta tìm được .

Khi đó


( ; ; )I x y z

7 5 0 7 5IA IB IC IA AB AC

1 ;2 ;3IA x y z

7 (14;14;42), 5 (5; 25; 20)AB AC

1 14 5 182 14 25 13 ( 18;13; 19)3 42 20 19

x xy y Iz z

7 5P MI IA MI IB MI IC MI

P MI M I

1 2 ; 1 3 ;1 (2 19;3 14; 20)M M t t t IM t t t

122(2 19) 3(3 14) ( 20) 0 7IM t t t t

31 29 5; ;7 7 7M

1 2 ; 1 3 ;1M M t t t

2 ;3 3 ;2 , 7 14 14 ; 7 21 ;28 7MA t t t MB t t t

5 5 10 ; 10 15 ; 10 5MC t t t

7 5 2 19;3 14; 20MA MB MC t t t

2 2 2 2 2(2 19) (3 14) ( 20) 14 48 957P t t t t t

212 6411 641114 7 7 7t

127t

31 29 5; ;7 7 7M

( ; ; )E x y z 4 2 0 2 4EA EB EC EA AC AB

10; 2;16E

2 2 2 24 2F EM EA EB EC


Vì không đổi nên lớn nhất, nhỏ nhất khi và chỉ khi nhỏ nhất, lớn nhất.

Mặt cầu (S) có tâm ,

Tọa độ các giao điểm của với mặt cầu (S) là nghiệm của hệ

.

Do nên ta có được:

lớn nhất khi và chỉ khi

nhỏ nhất khi và chỉ khi .BÀI TẬP LUYỆN TẬP

Bài 1 Trong không gian cho ba điểm .1. Lập phương trình mặt phẳng ;2. Tìm để mặt phẳng song song với ;

3. Tìm sao cho nhỏ nhất;

4. Tìm sao cho nhỏ nhất.Bài 2 Cho các điểm . Tìm tập hợp các điểm trong không gian thỏa mãn

1. 2.

Bài 3 Trong không gian cho các điểm và mặt phẳng

Tìm điểm thuộc mặt phẳng sao cho

1. có giá trị nhỏ nhất.

2. có giá trị lớn nhất.


2 2 24 2EA EB EC F EM

(2;2;8)I

2 88; 4;8 : 2 4

8 8

x tIE IE y t

z t

IE

2 2 2 2 2 2

2 2 2

2 82 4 18 4 8 368 8 2

( 2) ( 2) ( 8) 36

x ty t

t t t tz t

x y z

1 6;0;12 (2; 2;4) 2 62t M IM MI

1 2;4;4 ( 4;2;4) 62t N IN NI

NI MI

F 6;0;12E M E

F 2;4;4E N E

Oxyz (2;3;1), ( 1; 2;0),A B (1;2; 2)C( )ABC

,a b ( ) : (2 ) (3 2 ) 1 1 0a b x a b y z ( )ABC( ) : 3 1 0M x y z 2 2 22 4 3S MA MB MC

( ) : 3 3 29 0N x y z 3 5 7P NA NB NA

( 2;3;1), (5; 2;7), (1;8; 1)A B C M

2 2 2MA MB MC AM AB BM CM

Oxyz (1; 4; 5), (0; 3; 1),A B (2; 1; 0)C

( ) : 3 3 2 15 0.P x y z M ( )P

2 2 2MA MB MC

2 2 22 4MA MB MC


Bài 4 Cho và Tìm điểm thuộc đường thẳng sao cho

1. nhỏ nhất

2. nhỏ nhất.

3. Diện tích tam giác nhỏ nhất.

Bài 5 Cho tam giác có Điểm có các thành phần tọa độ bằng nhau.

1. Chứng minh rằng tam giác là tam giác nhọn.

2. Tìm tọa độ điểm sao cho đạt giá trị nhỏ nhất.

3. Tìm điểm sao cho đạt giá trị lớn nhất.

Bài 6. Cho ba điểm và mặt phẳng

1. Tìm tọa độ hình chiếu trọng tâm của tam giác trên mặt phẳng

2. Tìm tọa độ điểm đối xứng với điểm qua mặt phẳng

3. Tìm tọa độ điểm thuộc mặt phẳng sao cho biểu thức có giá trị nhỏ nhất với

Bài 7. Cho các điểm và đường thẳng

Tìm điểm thuộc đường thẳng sao cho

a) lớn nhất.

b) nhỏ nhất.

Bài 8. Cho đường thẳng là tham số. Tìm giá trị của sao cho

1. Khoảng cách từ gốc tọa độ đến là lớn nhất, nhỏ nhất.

2. tạo với mặt phẳng một góc lớn nhất.

3. Khoảng cách giữa và trục lớn nhất.


(1; 4; 2), ( 1; 2; 4)A B 1 2: .1 1 2

x y z

M

2 2MA MB

3 2 4OM AM BM

MAB

ABC A 3; 2;5 , B 2;1; 3 ,C 5;1; 1 .

MABC

M MA 3BC

M 2 2 22MA MB 4MC

A(1;2; 3),B(2;4;5),C(3;6;7) (P): x y z 3 0.

G ABC (P).G G (P).

M (P) T2 2 2T MA MB MC .

A(1; 0; 1),B(0; 2; 3), C( 1; 1; 1)

x 1 y 1 z: .1 2 2

M

2 2 2MA 2MB 4MC

AM BC

m

x 1 2t: y (1 m)t (t ),

z 2 mt mm

m

m (xOy)m Oy

Documents

€¦ · Web viewTrong đó , khảo sát hàm ta tìm được . Từ đó suy ra được sự biểu diễn của qua rồi cho giá trị bất kì ta tìm được . Gọi là