Prof. R. Capone Esercitazioni di Matematica IV Corso di studi in Matematica
1
Integrali multipli
Consideriamo, inizialmente il caso degli integrali doppi. Il concetto di integrale doppio Γ¨ lβestensione della
definizione di integrale per una funzione reale di una variabile reale al caso di una funzione reale di due
variabili reali
Definizione
Lβintegrale doppio di f sul rettangolo R Γ¨
β¬ π(π₯, π¦)ππ₯ππ¦ = limπΏπ
β β π(π₯ππβ , π¦ππ
β ) β π΄ππ
π
π=1
π
π=1
quando il limite delle somme di Riemann esiste. In tal caso diciamo che la funzione Γ¨ integrabile sul
rettangolo.
Chiamiamo volume (con segno) della regione solida V compresa tra il grafico di z = f (x, y) e il rettangolo R il
valore del limite. Nel caso di funzioni positive lβintegrale definisce il volume del solido V:
π β₯ 0 βΉ ππππ’ππ (π) = β¬ π(π₯, π¦)ππ₯ππ¦A seconda del dominio di integrazione e della funzione
integranda, la risoluzione dellβintegrale doppio puΓ² risultare piΓΉ o meno facile
Teorema. Una funzione limitata Γ¨ integrabile sul rettangolo se e soltanto se lβestremo superiore delle
somme inferiori, fra tutte partizioni del rettangolo, Γ¨ uguale allβestremo inferiore delle somme superiori fra
le partizioni. Tali estremi sono a loro volta uguali allβintegrale doppio.
Per calcolare gli integrali doppi, così come capita per quelli semplici, non si applica praticamente mai la
definizione di somma di Riemann, ma ci si riduce al calcolo di due integrali semplici. Per fare questa
riduzione occorre la nozione di integrazione parziale, operazione che corrisponde alla derivazione parziale.
Data la funzione
π: [π, π] Γ [π, π] β π
integrare parzialmente rispetto a x significa integrare rispetto a π¦ β [π, π] la famiglia delle tracce di f ad
π₯ β [π, π] fissato.
.
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2
Teorema
Data una funzione f Γ¨ continua su un rettangolo π = [π, π] Γ [π, π] ;essa Γ¨ integrabile e lβintegrale doppio
Γ¨ uguale allβintegrale iterato:
β¬ π(π₯, π¦)ππ₯ππ¦ = β« (β« π(π₯, π¦)ππ¦π
π
) ππ₯ = β« (β« π(π₯, π¦)ππ₯π
π
)ππ¦π
π
π
π[π,π]Γ[π,π]
Tuttavia, nella maggior parte dei casi, si ha a che fare con domini in cui la x e/o la y sono compresi tra due
funzioni, così come appare schematizzato
Come appare evidente dai grafici riportati, nei primi due casi, la x Γ¨ compresa tra due valori costanti, nel
terzo caso, invece, la y Γ¨ compresa tra due valori costanti. Questa discriminazione Γ¨ molto importante
perché ci suggerire la variabile rispetto a cui integrare per prima, così come meglio stabilito dalle seguenti
definizioni
Definizione
Una regione π· β π 2Γ¨ detta yβsemplice se Γ¨ compresa tra i grafici di due funzioni della variabile x, cioΓ¨ se Γ¨
del tipo
π· = {(π₯, π¦) β π 2: π β€ π₯ β€ π, π1(π₯) β€ π¦ β€ π2(π₯)}
Quindi lβarea di una regione semplice Γ¨ data dalla formula:
π΄πππ (π·) = β« [π2(π₯) β π1(π₯)]ππ₯π
π
Analogamente si definisce una regione x-semplice.
Per ogni funzione f continua su un insieme semplice D Γ¨ integrabile su D, valgono le seguenti formule, dette
formule di riduzione degli integrali doppi (o di Fubini):
π· π¦ β π πππππππ βΉ β¬ π(π₯, π¦)ππ₯ππ¦ = β« (β« π(π₯, π¦)ππ¦π2(π₯)
π1(π₯)
)ππ₯π
π
π· π₯ β π πππππππ βΉ β¬ π(π₯, π¦)ππ₯ππ¦ = β« (β« π(π₯, π¦)ππ₯β2(π₯)
β1(π₯)
)ππ¦π
π
Esercizio nΒ°2
Si calcoli il seguente integrale
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3
β¬ (π + ππ)π ππ ππ«
dove π« = {(π,π) β πΉπ : π β€ π β€ π, π β€ π β€ π β π}
Si tratta di un caso molto semplice in cui il dominio D puΓ² essere considerato sia normale rispetto a x sia
normale rispetto a y.
Risolviamolo considerando il dominio normale rispetto a x:
β¬ (π₯ + 2π¦)ππ₯ππ¦π·
= β« ππ₯1
0
β« (π₯ + 2π¦)ππ¦1βπ₯
0= β« [π₯π¦ + π¦2]0
1βπ₯ ππ₯1
0= β« (βπ₯ + 1)ππ₯
1
0=
1
2
Esercizio nΒ°3
Si calcoli il seguente integrale
β¬π
π + πππ ππ π
π«
con π« = {(π, π) β πΉπ : π β€ π β€ π; π β€ π β€ π}
In questo caso, ho come dominio un rettangolo.
Pertanto posso scegliere indistintamente di integrare prima rispetto a x o a y. Tuttavia, integrando prima
rispetto a x, la risoluzione dellβintegrale si presenta molto piΓΉ agevole:
β¬π¦
1 + π₯π¦ππ₯ππ¦
π·= β« ππ¦
1
0
β«π¦
1 + π₯π¦ππ₯
1
0= β« [πππ(1 + π₯π¦)]0
1ππ¦1
0= β« πππ(1 + π¦)ππ¦
1
0
Questβultimo integrale puΓ² essere risolto per parti:
β« πππ(1 + π¦)ππ¦1
0= [π¦πππ(1 + π¦)]0
1 β β«π¦
1 + π¦ππ¦
1
0= [π¦πππ(1 + π¦)]0
1 β β«π¦ + 1 β 1
1 + π¦ππ¦
1
0=
= [π¦πππ(1 + π¦) β π¦ + πππ(1 + π¦)]01 = 2πππ2 β 1
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Esercizio nΒ°4
Si calcoli il seguente integrale
β¬ πππ ππ ππ«
dove π« = {(π, π) β πΉπ :π β€ π β€ π,ππ
πβ€ π β€ πβπ}
β¬ π₯π¦ππ₯ππ¦π·
= β« ππ₯4
0
β« π₯π¦ππ¦2βπ₯
π₯2
4
= β« [π₯π¦2
2]
π₯2
4
2βπ₯
ππ₯4
0= β« (2π₯2 β
π₯5
32) ππ₯
4
0=
64
3
Esercizio nΒ°5
Si calcoli il seguente integrale
β¬ βπ β πππ ππ ππ«
dove D Γ¨ la parte di piano racchiusa dalla circonferenza di centro (1,0) e raggio 1
La circonferenza ha equazione:
(π₯ β 1) 2 + π¦2 = 1
da cui si ricava:
β1 β€ π¦ β€ 1; 1 β β1 β π¦2 β€ π₯ β€ 1 + β1 β π¦2
Pertanto:
β¬ β1 β π¦2ππ₯ππ¦π·
= β« ππ¦1
β1
β« β1 β π¦21+β1βπ¦2
1ββ1βπ¦2ππ₯ = β« [π₯β1 β π¦2]
1ββ1βπ¦2
1+β1βπ¦21
β1
= β« β1 β π¦21
β1(1 + β1 β π¦2 β 1 + β1 β π¦2) ππ¦ = 2 β« (1 β π¦2)ππ¦ = 2 [π¦ β
π¦3
3]
β1
1
=8
3
1
β1
Integrali doppi su domini non semplici
Teorema. Supponiamo che gli insiemi semplici π·1, π·2, β¦ , π·π non abbiano, a due a due, punti in comune
oltre ad una parte della frontiera. Allora ogni funzione continua sullβunione π· = π·1 βͺ π·2 βͺ β¦ βͺ π·π Γ¨
integrabile e si ha:
β¬ π(π₯, π¦)ππ₯ππ¦ = β¬ π(π₯, π¦)ππ₯ππ¦ + β― + β¬ π(π₯, π¦)ππ₯ππ¦π·2π·1π·
Possiamo usare il Teorema di additivitΓ rispetto al dominio per estendere le nostre capacitΓ di calcolo a
tutte le regioni che non sono necessariamente semplici, ma che possono essere suddivise in un numero
finito di sottoregioni semplici .Tali domini verranno detti semplicemente decomponibili.
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Esercizio nΒ°5
Si calcoli lβarea della regione di piano individuata in figura
Il dominio D può essere visto come unione di tre domini semplici, così definiti:
π·1 = {(π₯, π¦): β1 β€ π₯ β€ 0, β 1 β€ π¦ β€ 1 + π₯2},
π·2 = {(π₯, π¦): 0 β€ π₯ β€ 1, β 1 β€ π¦ β€ ββπ₯}
π·3 = {(π₯, π¦): 0 β€ π₯ β€ 1, βπ₯ β€ π¦ β€ 1 + π₯2}
Lβarea puΓ² essere calcolata sfruttando la proprietΓ di additivitΓ dellβintegrale
π΄πππ (π·) β¬ ππ₯ππ¦π·
= β¬ ππ₯ππ¦ + β¬ ππ₯ππ¦ + β¬ ππ₯ππ¦π·3π·2π·1
Con semplici calcoli si ottiene il valore 10
3.
Calcolare i seguenti integrali nei domini indicati in figura
1 β¬
πππππ‘ππ₯
βπ¦(1 + π₯2)(βπ₯2 + 1 β 1)ππ₯ππ¦
2 (1 β πβπ4 )
2 β¬
(π₯2 + 2)ππ₯ππ¦
π¦2(π₯2 + 1)βπ₯2 + π₯ + 3
πππ2β3 + 1
2β3 β 1
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6
3 β¬
(3ππ₯ + 2)(π₯2 + 2)ππ₯
π¦2(π₯2 + 1)(2π2π₯ + 3ππ₯ + 1)ππ₯ππ¦
πππ2πβ3π
(π + 1)βπ + 2
4 β¬
π₯2 + π₯ + 1
π¦2(1 β π₯)ππ₯ππ¦
β3
2+ 2πππ2
+1
β2ππππ‘π
1
β2
5 β¬ π₯(1 + π¦2ππ₯ππ¦)
17
3β 8πππ2
6 β¬ πππ ππ₯ β πππ ππ¦ππ₯ππ¦
β4
3π2
7 β¬
π₯ππ¦
ππ¦ + 1ππ₯ππ¦
3
2πππ
3
2β
1
4
8 β¬
βπ₯2 + 4
1 + π¦2 ππ₯ππ¦
1
3(5β5 β 8)
9 β¬
ππ₯ππ¦
π₯2 + 1
1 β πππ2
10 β¬
π₯π2π¦
π¦ + 2ππ₯ππ¦
3
8(π4 β 5)
11 β¬ βπ ππ2π₯ + 1ππ₯ππ¦ 2
3(2β2 β 1)
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7
12 β¬ π₯(1 + π¦) 2ππ₯ππ¦
1
6
13 β¬ π₯π¦(1 + π¦) 4ππ₯ππ¦ 1
12
14 β¬
(3ππ¦ + 2)ππ¦
(2π2π¦ + 3π₯ + 1)2 ππ₯ππ¦
1
2+
1
3πππ
27
5β3
15 β¬
ππ₯ππ¦
π¦ππ₯ (1 + π¦ππ₯ )
16 β¬
ππ₯ππ¦
βπ₯(2π₯ + βπ₯)2
πππ3 β20
9πππ2
17 β¬
ππ₯ππ¦
(π₯ + 3)(π₯2 + 2)π¦2
1
24(πππ3 +
π
β3)
18 β¬
(2π₯ + 3)
(2π₯ β π¦ + 3)2 ππ₯ππ¦
19 β¬
1
π₯3πππ 2π¦ππ₯ππ¦
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8
20 β¬
1
βπ₯π¦3ππ₯ππ¦
21 β¬
π₯(1 β π¦)
(1 + π₯)βπ¦(1 + π¦)2ππ₯ππ¦
22 β¬π₯
(1 + π₯2)2 ππ₯ππ¦
23 β¬π₯π¦
β4 β π¦2ππ₯ππ¦
24 β¬
ππ₯ππ¦
π ππ2π₯ β πππ 2π₯(2π₯ + 1 β π‘ππ₯)πππ 2π¦
25 β¬
ππ₯ππ¦
π¦ β π ππ2π₯ β πππ π₯
26 β¬
πππ π¦ππ₯ππ¦
(2π πππ₯ + 3
2β π₯ β 1) β πππ βπ₯
27 β¬
1 β π₯ + 2π¦
(1 + π₯2)(1 β π₯ + βππππ‘ππ₯3 )ππ₯ππ¦
β3
4β(
π
4)
43
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9
28
β¬(2π₯ + ππππ¦)π¦
(π¦ππππ¦ + 1)(1 + πππ2π¦)ππ₯ππ¦
π
4
29 β¬
(2π¦β3 β π₯)βπ‘ππ₯3
(β3πππ π₯ β π₯)πππ 3π₯ππ₯ππ¦
3
4
30 β¬
π₯ + 2π¦ β π ππ‘π‘π ππβπ₯
π₯β1 + π₯2π ππ‘π‘π ππβ2π₯ππ₯ππ¦
ππππ ππ‘π‘π ππβ2
π ππ‘π‘π ππβ1
31 β¬π¦
1 + π₯ππ₯ππ¦
3
4+
1
2πππ
3
8
32 β¬
ππ₯ππ¦
1 + π ππ2π¦
1 + πππ2
33 β¬ π¦2ππ₯ππ¦
5
9β2
34 β¬(π₯2 β π¦)β1 β π₯6ππ₯ππ¦
π
4
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10
35 β¬ π¦β1 β π¦2ππ₯ππ¦
1
3
36 β¬
π¦ππ₯ππ¦
π₯(1 + π¦2)2
π
8β
1
2πππ2
37 β¬ πβ2π¦ β π ππ(π₯ + π¦)ππ₯ππ¦
πΌβ2 β 5πΌ2 + 1
10+
1
2(πππ πΌ2
β πππ πΌ)
38 β¬ ππ¦ππ₯ππ¦
1
2π
π2 β 2
39 β¬
ππ₯ππ¦
π₯(π¦2 + π¦ + 1)
2π
9β3
40 β¬π¦
π₯3 β 4π₯2 + 5π₯ β 2ππ₯ππ¦
41 β¬ π₯2π¦ππ₯ππ¦
42 β¬
1
π πππ₯ + πππ π₯ππ₯ππ¦
43 Calcolare il volume del solido che giace sotto la funzione π(π₯, π¦) = 2π₯2 +
4π¦2 e sopra la regione del piano (π₯, π¦) limitata dalle curve π(π₯) = π₯ e β(π₯) = π₯2
17/70
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11
44 Calcolare il volume del solido che giace sotto la funzione π(π₯, π¦) = 3π₯2 +9π¦2 e sopra la regione del piano (π₯, π¦) limitata dalle curve π(π₯) = 3π₯ e β(π₯) = π₯3
1161/10
45 Calcolare il volume del solido che giace sotto la funzione π(π₯, π¦) = π₯2 + 2π¦2 e sopra la regione del piano (π₯, π¦) limitata dalle curve π(π₯) = 4π₯ e
β(π₯) = π₯2
42752/35
46 Calcolare
β¬(π¦ β π₯)ππ¦ππ₯ππ¦
nella porzione di piano contenuta nel primo quadrante, racchiusa tra lβasse
π₯ = 0 e le rette π¦ = π₯ e π¦ =π₯+1
2
π β 1 β βπ
47 Calcolare
β¬ππ₯ππ¦
(π₯ + π¦)(1 + π₯4)
nel dominio esteso al primo quadrante delimitato dalla retta π₯ = 1 e dai
grafici delle funzioni π¦ = ππ₯ β π₯ e π¦ = π2π₯ β π₯
π
8
48 Dato il dominio D limitato dalle rette π¦ = 1, π¦ = 2, π₯ = 4 e dalla curva di equazione π₯ = π¦2 determinare il seguente integrale:
β¬ π₯ β ππππ¦ππ₯ππ¦
β369
50β
πππ2
5+ πππ8192
49 Determinare
β¬π₯
π¦ππ¦ππ₯ππ¦
nel dominio π· = {(π₯, π¦) β π 2: 0 β€ π₯ β€ 1, π₯2 β€ π¦ β€ π₯}
π β 2
2
50 Determinare
β¬1
(π₯ + π¦ + 2)2 ππ₯ππ¦
nel dominio π· = {(π₯, π¦) β π 2: 0 β€ π₯ β€π
3, 0 β€ π¦ β€ π₯}
1
3πππ (
7
2+
3β3
4)
51 Determinare
β¬π₯
(π₯2 β 1)2(π¦ β 1)2 ππ₯ππ¦
dove π· = {(π₯, π¦) β π 2: 0 β€ π₯ β€1
2, 0 β€ π¦ β€ π₯2}
1
36
52 Determinare
β¬1
β2 + π₯ β π₯2ππ₯ππ¦
dove π· = {(π₯, π¦) β π 2:1
2β€ π₯ β€ 1, 0 β€ π¦ β€ π₯}
3
2β β2 +
1
2ππππ ππ
1
3
53 Determinare
β¬ π₯2π¦ππ₯ππ¦
dove lβintegrale si intende nel dominio D, parte del piano racchiusa tra le
curve di equazioni π¦ = π πππ₯ e π¦ = πππ π₯, per π
4β€ π₯ β€
π
2
π 2 + 8π β 8
64
Cambiamento di variabili
Quando il dominio T Γ¨ un disco, una corona, un settore circolare, per risolvere lβintegrale doppio , conviene
utilizzare le coordinate polari. In questo modo le regioni corrispondono, attraverso il cambiamento di
variabili π(π, π) = (ππππ π, ππ πππ) a rettangoli del piano ππ detti anche rettangoli polari.
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12
La trasformazione in coordinata polari ha jacobiano:
|π(π₯, π¦)
π(π, π)| = |
πππ π βππ ππππ πππ ππππ π
| = π
Lo jacobiano Γ¨ dunque una funzione limitata sui limitati del piano ππ ed Γ¨ diverso da zero tranne nei punti
con π = 0. La trasformazione Γ¨ biunivoca, tranne nei punti del piano ππ con π = 0, che vengono tutti
mandati nellβorigine del piano xy. Dunque sono soddisfatte le ipotesi del Teorema relativo al cambiamento
di variabili nellβintegrale.
Teorema
Sia π(π, π) = (ππππ π, ππ πππ). Sia π β (0, + β) Γ (0, 2π) un aperto misurabile del piano ππ e sia
π = π(π). Allora βπΉ: π β π integrabile su T, vale la relazione
β¬ π(π₯, π¦)ππ₯ππ¦ = β¬ π(ππππ π, ππ πππ)πππππ
ππ
Esercizio nΒ°6
Si risolva il seguente integrale:
β¬π
ππ + ππ π ππ ππ«
dove π« = {(π,π) β πΉπ : π β€ ππ + ππ β€ π, π > π}
Il dominio D puΓ² essere rappresentato come segue:
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13
Si puΓ² procedere ad un cambiamento di variabili in coordinate polari:
π₯ = ππππ π; π¦ = ππ πππ
Lo Jacobiano vale:
π½ = |π(π₯, π¦)
π(π, π)| = |
πππ π βππ ππππ πππ ππππ π
| = π
Il dominio, rispetto alle nuove variabili sarΓ un rettangolo polare:
π = {(π, π) β π 2: 1 β€ π β€ 2; βπ
2β€ π β€
π
2}
β¬π₯
π₯2 + π¦2 ππ₯ππ¦π·
= β¬ππππ π
π2πππ 2π + π2π ππ2ππππππ
π= β¬πππ πππππ
π= β« ππ β« πππ πππ
π2
βπ2
1
0= 2
Esercizio nΒ°7
Si risolva il seguente integrale:
β¬ πππ ππ ππ«
dove π« = {(π, π) β πΉπ :π β ππ β€ ππ β€ π βππ
π; π β₯ π; π β₯ π }
Il dominio Γ¨ rappresentato in figura;
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14
esso puΓ² essere suddiviso in due domini: la parte di piano del primo quadrante racchiusa dalla
circonferenza π₯2 + π¦2 = 1, sia esso π·1 e lβellisse di equazione π₯2
4+ π¦2 = 1, sia esso π·2
β¬ π₯π¦ππ₯ππ¦ =π·
β¬ π₯π¦ππ₯ππ¦π·2
β β¬ π₯π¦ππ₯ππ¦π·1
Il dominio π·1 puΓ² essere trasformato in coordinate polari nel dominio π1
π₯ = ππππ π; π¦ = ππ πππ
π½ = |π(π₯, π¦)
π(π, π)| = |
πππ π βππ ππππ πππ ππππ π
| = π
CosΓ¬ π1 = {(π, π) β π 2: 0 β€ π β€ 1; 0 β€ π β€π
2}
Il dominio π·2 puΓ² essere trasformato in coordinate polari nel dominio π2
π₯ = 2ππππ π; π¦ = ππ πππ
π½ = |π(π₯, π¦)
π(π, π)| = |
2πππ π βππ ππππ πππ ππππ π
| = 2π
Quindi:
β¬ π₯π¦ππ₯ππ¦π·
= β¬ 2ππππ πππ πππ2ππππππ2
β β¬ ππππ πππ πππππππππ1
= β« β« 4π3π ππππππ πππππ
π2
0
1
0β β« β« π3π ππππππ πππππ
π2
0
1
0= 3 β« β« π3π ππππππ πππππ
π2
0
1
0
=3
2β« π3ππ
1
0
β« π ππ2π
π2
0=
3
2[π4
4]
0
1
[β1
2πππ 2π]
0
π2
=3
8
Esercizio nΒ°8
Si risolva il seguente integrale:
β¬ππ + ππ
πππ ππ π
π«
dove D Γ¨ il dominio in figura
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15
Il dominio Γ¨ compreso tra la retta di equazione π¦ = βπ₯ + 1 e la circonferenza di raggio 1 e centro lβorigine
degli assi, di equazione π₯2 + π¦2 = 1.
Passando a coordinate polari si ha che la retta assume equazione polare:
π =1
π πππ + πππ π
mentre la circonferenza ha equazione polare π = 1.
Il nuovo dominio in coordinate polari sarΓ T:
π = {(π₯, π¦) β π 2:π
6β€ π β€
π
4;
1
π πππ + πππ πβ€ π β€ 1}
Applicando la formula del cambiamento di variabili si ha:
β¬π₯2 + π¦2
π₯π¦ππ₯ππ¦
π·= β¬
π2πππ 2π + π2π ππ2π
ππππ ππ πππππππ
π= β«
1
π ππππππ πππ β« πππππ
1
1π πππ+πππ π
π4
π6
= β«1
π ππππππ π[π2
2]
1π πππ+πππ π
1
ππ
π4
π6
= β«1
π ππππππ π[1
2β
1
2(π πππ + πππ π)2]ππ
π4
π6
= β«1
π ππππππ π
(π πππ + πππ π)2 β 1
2(π πππ + πππ π)2 ππ
π4
π6
= β«1
π ππππππ π
2π ππππππ π
2(π πππ + πππ π)2 ππ
π4
π6
= β«1
(π πππ + πππ π)2 ππ
π4
π6
= β«ππ
1 + 2π ππππππ π
π4
π6
= β«ππ
1 + π ππ2π
π4
π6
Lβultimo integrale puΓ² essere risolto per sostituzione, ponendo π‘ππ = π‘; ππ =ππ‘
1+π‘2
In definitiva, si ottiene:
β«ππ
1 + π ππ2π
π4
π6
= β«ππ‘
(1 + π‘)2 = [β1
1 + π‘]
1
β3
11
1
β3
=2 β β3
2
Calcola i seguenti integrali doppi
1 β¬ π ππ3(π₯2 + π¦2)ππ₯ππ¦
π
6
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16
2
β¬π₯π¦(π₯2 + π¦2)β
32
(1 + π₯2 + π¦2)2 ππ₯ππ¦
1
8(
1
10+
π
4
β ππππ‘π2)
3 β¬
π₯(π₯2 β π¦2)
1 + [(π₯ β 1)2 + (π¦ β 1) 2]2 ππ₯ππ¦
π
2πππ2
4 β¬
βπ₯π¦
π₯2 + π¦2 ππ₯ππ¦ β2
5 β¬ π₯π¦πππ(π₯2 + π¦2)ππ₯ππ¦
βπππ4
+1
32(β65 + 81πππ81)
6 β¬
ππ₯ππ¦
βπ₯2 + π¦2
β2(1 β ππππ ππβ1)
7 β¬
π₯2 β π¦2
π₯2 + π¦2 ππ₯ππ¦
π· = {(π₯, π¦) β π 2 :1 β€ π₯2 + π¦2 β€ 4, 0 β€ π¦ β€ π₯,
0 β€ π₯ β€ β3π¦}
8 β¬π¦
(1 + π₯)2 ππ₯ππ¦
π· = {(π₯,π¦) β π 2 :1
9β€ π₯2 + π¦2 β€
1
4,
β3π₯ β€ π¦ β€ 0, π₯ β€ 0}
9 β¬
|π¦|
(π₯2 + π¦2)2 ππ₯ππ¦
π· = {(π₯,π¦) β π 2 :1 β€ π₯2 + π¦2 β€ 4π₯, |π¦| β€ β3π₯} 1
2(2β πππ2)
10 β¬
|π₯| + π¦
(π₯2 + π¦2)2
π· = {(π₯, π¦) β π 2 :1 β€ π₯2 + π¦2 β€ 4, π¦ β₯ 0} 2
11 β¬ π₯β
1 β π₯2 β π¦2
π₯2 + π¦2 ππ₯ππ¦
π· = {(π₯,π¦) β π 2 :1
4β€ π₯2 + π¦2 β€ 1, 0 β€ π₯ β€ π¦} β
β3
16(β2 β 2)
12 β¬
3 + π₯ + π¦
π₯2 + π¦2 ππ₯ππ¦
π· = {(π₯, π¦) β π 2 :4 β€ π₯2 + π¦2 β€ 9,
β3
3β€
π¦
π₯β€ 1}
π
2πππ
3
2
13 β¬ 2π₯π¦ππ₯ππ¦ π· = {(π₯,π¦) β π 2: π₯2 + π¦2 β₯ 1,π₯2
4+ π¦2 β€ 1}
3
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17
14
β¬π¦2
1 + π₯2 + π¦2 ππ₯ππ¦
π· = {(π₯,π¦) β π 2 : π₯2 + π¦2 β€ 4, 0 β€ π¦ β€ β3π₯} 1
48(3β3 β 4π)(β4+ πππ5)
15 β¬
ππ₯ππ¦
βπ₯2 + π¦2
π
2β
1
β2πππ(3 + 2β2)
16 β¬(π₯2 + π¦2)β3/2ππ₯ππ¦
1
4(
5
8π β 1)
17 β¬
ππ₯ππ¦
βπ₯2 + π¦2
1
3β
1
8β3
18 β¬
ππππ ππ2βπ₯2 + π¦2
βπ₯2 + π¦2ππ₯ππ¦
7
72π(π2 β πβ3β 6)
19 β¬ π¦2ππ₯ππ¦
3
64π
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18
20 β¬ π¦ β ππππ‘π3
π¦
π₯ππ₯ππ¦
21 β¬ (
π¦
π₯)
4
ππ₯ππ¦
3
16π β
1
2
22 β¬ π¦ππ₯ππ¦
23 β¬
π₯
π₯2 + π¦2 ππ₯ππ¦
24 β¬
π₯π¦
π¦2 β 4π₯2 ππ₯ππ¦
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19
25 β¬
1
π¦ππ₯ππ¦
π΄1βͺπ΄2
26 β¬
ππ₯ππ¦
β1 β π₯2 β π¦2
27 β¬
π₯2 + π¦2
(π₯2 β π¦2)2 ππ₯ππ¦
28 β¬ π₯2π¦ ππ₯ππ¦
1
10
29 β¬(π₯2 + π¦ππ₯ππ¦) Il dominio Γ¨ la parte di corona
circolare delimitata da π₯2 + π¦2 = 1 e
π₯2 + π¦2 = 4 compresa fra le rette π¦ = π₯ π¦ = βπ₯
15
16π +
15
8
30 β¬ ππ₯ππ¦
4
3
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20
31 β¬
ππ¦π₯2
π₯2π¦2 ππ₯ππ¦
1
3(π2 β π)
32 β¬
π₯2π¦
βπ₯2 + π¦2ππ₯ππ¦
33 β¬
π₯2π¦
βπ₯2 + π¦2ππ₯ππ¦