Upload
nyckyiret-florez
View
526
Download
0
Embed Size (px)
Citation preview
ECUACIONES DIFERENCIALES DE PRIMER ORDEN ECUACIONES DIFERENCIALES DE VARIABLES SEPARABLES
La ecuaciΓ³n diferencial de variables separables es de la forma
π π₯ ππ₯ + π π¦ ππ¦ = 0 , donde cada diferencial tiene como coeficiente una funciΓ³n
de su propia variable, o una constante.
Una ecuaciΓ³n diferencial de la forma ππ¦
ππ₯=
π(π₯)
π(π¦) es separable o tiene variables
separables. Una ecuaciΓ³n separable puede escribirse como π π¦ ππ¦
ππ₯= π(π₯)
multiplicamos por ππ₯, π π¦ ππ¦ = π π₯ ππ₯ de esta forma, se puede integrar a ambos lados la ecuaciΓ³n
π π¦ ππ¦ = π π₯ ππ₯
Esta ecuaciΓ³n indica el procedimiento para resolver ecuaciones diferenciales separables, integrando a ambos miembros se obtiene una familia uni - paramΓ©trica de soluciones, la cual queda generalmente expresada implΓcitamente. En estas ecuaciones no hay necesidad de usar dos constantes de integraciΓ³n ya que:
π π¦ ππ¦ + π1 = π π₯ ππ₯ + π2
π π¦ ππ¦ = π π₯ ππ₯ + π2 β π1
π π¦ ππ¦ = π π₯ ππ₯ + π
Hacemos π2 β π1 = π, donde π es completamente arbitraria.
Ejemplo:
Resolver por variables separables ππ¦
ππ₯= cos 2π₯.
Separando variables se tiene ππ¦ = cos 2π₯ ππ₯ , integrando a ambos lados
ππ¦ = cos 2π₯ ππ₯
π¦ =1
2π ππ 2π₯ + π
Ejemplo:
Resolver ππ¦
ππ₯= π3π₯+2π¦
Aplicando las propiedades de los exponentes se tiene
ππ¦
ππ₯= π3π₯π2π¦ Separando variables
ππ¦
π2π¦= π3π₯ππ₯ Integramos
πβ2π¦ππ¦ = π3π₯ππ₯
β1
2πβ2π¦ =
1
3π3π₯ + π
Ejemplo:
Resolver: π πππ₯ πππ 2π¦ ππ₯ β πππ π₯ π πππ¦ ππ¦ = 0
Separando variables π πππ₯
πππ π₯ππ₯ β
π πππ¦
πππ 2π¦ππ¦ = 0
Aplicando identidades trigonomΓ©tricas se obtiene:
π‘πππ₯ ππ₯ β π‘πππ¦ π πππ¦ ππ¦ = 0
Integrando π‘πππ₯ ππ₯ β π‘πππ¦ π πππ¦ ππ¦ = 0
β ππ cos π₯ β1
πππ π¦= π
Esto es ln πππ π₯ + π πππ¦ = π, soluciΓ³n general. Ejercicios propuestos Resolver: Soluciones
1. ππ¦
ππ₯= 4π₯ β 6 π ππ. π¦ = 2π₯2 β 6π₯ + π
2. ππ¦
ππ₯=
πππ 2π₯
π¦ π ππ. π¦2 = π₯ +
1
2π ππ2π₯ + π
3. πβπ₯ + π¦Β΄ =1
π₯2+1+ 6π₯ π ππ. π¦ = π πππβ1π₯ + 3π₯2 + πβπ₯ + π β 1
π¦ 0 = π
4. ππ¦
ππ₯=
π¦
1+π₯2 π ππ. ln π¦ = π‘ππβ1π₯ + π
5. π¦Β΄ = ππ₯πππ 2π¦ π ππ. π‘πππ¦ = ππ₯
π¦ 0 =π
4
6. ππ¦
ππ₯=
πβπ₯
π πππ¦ π ππ. πππ π¦ = πβπ₯ + 1 β
1
π
π¦ 1 = 0
7. π¦Β΄ =π¦
π₯2+1 π ππ. ππ π¦ = π πππβ1π₯ + π
8. ππ¦
ππ₯=
9π₯2β6
π₯2 π ππ. π¦ = 9π₯ +6
π₯+ π
9. π¦Β΄ = π₯ π₯2β1
π¦ π ππ. π¦2 =
2
3 π₯2 β 1
3
2 + 1
π¦ β1 = 1
Otros ejercicios
1. ππ¦
ππ₯=
π₯π¦ +2π¦βπ₯β2
π₯π¦β3π¦+π₯β3
2. π πππ₯ πβπ¦ + 1 ππ₯ = 1 + πππ π₯ ππ¦, π¦ 0 = 0
3. ππ¦
ππ₯=
1
π₯+π¦+1
4. ππ¦
ππ₯= 1 + ππ¦βπ₯+5
5. ππ¦
ππ₯=
1βπ₯βπ¦
π₯+π¦