Upload
fatjon-dashhana
View
127
Download
9
Embed Size (px)
Citation preview
Projekt kursi
1.Metoda e koeficientit te kerkeses
GRUPI I:
Kompresorë dhe ventilatorë.
Kça = 0.65 Pn = 100
Kkra = 0.8 n = 2
cosφ = 0.8 Pnmax = 50
Dime qe:
P¿=K kra ∙Pn=0.8 ∙100=80kW
S¿=P¿
cosφ= 800.8
=100kVA
Q¿=¿ √S¿
2−P¿2=√1002−802=60 kV Ar ¿
Grupi II:
Makina ngritëse dhe transportuese.
Kça = 0.2 Pn = 200
Kkra = 0.28 n = 200
cosφ = 0.6 Pnmax = 20
Dime qe:
P¿=K kra ∙Pn=0.28 ∙200=56kW
S¿=P¿
cosφ= 560.6
=93.33 kVA
Q¿=¿ √S¿
2−P¿2=√93.332−562=74.66 kV A r¿
Shperndarja dhe perdorimi i energjise elektrike.Page 1
Projekt kursi
GRUPI III:
Makina metal-prerëse universale.
Kça = 0.15 Pn = 1000 n1 = 6
Kkra = 0.25 n = 60 Pn1 = 600
cosφ = 0.6 Pnmax = 100
P¿=K kra ∙ Pn=0.25 ∙1000=250kW
S¿=P¿
cosφ=2500.6
=416.67 kVA
Q¿=¿ √S¿
2−P¿2=√416.672−2502=333.34 kV Ar ¿
GRUPI IV:
Pajisje elektrotermie (Furra elektrike)
Kça = 0.55 Pn = 2000
Kkra = 0.75 n = 20
cosφ = 0.9 Pnmax = 400
P¿=K kra ∙Pn=0.75 ∙2000=1500 kW
S¿=P¿
cosφ=15000.9
=1666.66 kVA
Q¿=¿ √S¿
2−P¿2=√1666.662−15002=726.46 kV A r¿
GRUPI V:
Pajisje saldimi.
Shperndarja dhe perdorimi i energjise elektrike.Page 2
Projekt kursi
Kça = 0.4 Sna = 10 Snab = 40
Kkra = 0.5 Snb = 20 Snbc =50
cosφ = 0.35 Snc = 30 Snca = 60
VR% = 25% (Vazhdimi relativ)
Gjejme fuqite aktive nominale te cdo faze duke pasur parasysh VR% e cila shpreh raportin e kohen gjate te ciles punon paisja me kohen e ciklit te paisjes. Pra kemi:
Pna 0=Sna √VR∙cosφ=10√0.25∙0.35=1.75 kW
Pnb 0=Snb√VR∙cosφ=20√0.25 ∙0.35=3.5kW
Pnc 0=Snc√VR ∙cosφ=30√0.25 ∙0.35=5.25 kW
Tani gjejme fuqite aktive e tensioneve te linjes dhe do te kemi
Pnab=Snab √VR ∙cosφ=40√0.25 ∙0.35=7 kW
Pnbc=Sbc√VR ∙cosφ=50√0.25 ∙0.35=8.75 kW
Pnca=Snca√VR ∙cosφ=60√0.25 ∙0.35=10.5 kW
Duke pasur parasysh edhe koeficientet e tabeles per cdo cosø do te kemi qe:
Pna=Pnab ∙ p (ab )a+Pnca∙ p (ca )a+Pna0
Pna=7 ∙1.28+10.5 ∙ (−0.28 )+1.75=7.77 kW
Pnb=Pnab ∙ p (ab )b+Pnbc ∙ p (bc )b+Pnb 0
Pnb=7 ∙ (−0.28 )+8.75 ∙1.28+3.5=12.67 kW
Pnc=Pnca ∙ p (ac ) c+Pnbc∙ p (bc ) c+Pnc 0
Pnc=10.5 ∙1.28+8.75∙ (−0.28 )+5.25=16.24 kW
M.q.s kemi cosø=0.35 atehere kemi p(ab)a= p(bc)b= p(ca)c=(1.4+1.17)/2=1.28 dhe p(ca)a= p(ab)b= p(bc)c=(-0.4-0.17)/2=-0.28
Fuqia ekuivalente e te konsumatoreve eshte (duke marre rastin me te keq ) sa 3-fishi I fuqise me te madhe te gjetur ,pra do te jete:
Shperndarja dhe perdorimi i energjise elektrike.Page 3
Projekt kursi
Pek=3 ∙Pna=3 ∙16.24=48.72 kW
Tani mund te gjejme Pll dhe kemi:
P¿=Pek ∙K kra=48.72 ∙0.5=24.36 kW
S¿=P¿
cosφ=24.360.35
=69.6 kVA
Q¿=¿ √S¿
2−P¿2=√69.62−24.362=65.2kV Ar ¿
Tani mund te gjejme Pll dhe kemi:
Pllplot ë=Σ Plli=P¿ 1+P¿ 2+P¿3+P¿4+P ¿5
Pllplot ë=¿80+56+250+1100+24.36=1510.36kW
Qllplot ë=ΣQlli=Q¿ 1+Q ¿2+Q¿3+Q¿ 4+Q¿5
Qllplot ë=¿60+74.66+333.33+532.75+65.2=1065.94kV Ar
Fuqia e plote nuk mund te gjendet si shume e fuqive parciale te plota pasi duke ditur qe fuqia e plote paraqet nje vektor, atehere per mbledhjen e dy vektoreve nuk mund te perdorim arimetiken e thjeshte (pasi futen ne loje kendet). Pra fuqia e plote do te jete:
Sllplot ë=√P¿2+Q¿
2=√1510.362+1065.942=1848.625 kVA
Koefiçenti i kërkesës së repartit:
Per te gjithe repartin kemi:
K krarep=P ¿Σ
ΣPn= 1510.36100+200+1000+2000+48.72
=0.45
K krarep=0.45
Shperndarja dhe perdorimi i energjise elektrike.Page 4
Projekt kursi
cosφrep=P¿Σ
S¿Σ= 1510.361848.625
=0.817
tgφrep=ΣP¿
ΣQ¿= 1510.31065.94
=1.42
Tabela permbledhese:
Emërtimi n Kkra cosφ tgφ Pll Qll Sll
Grupi I 2 0.8 0.8 0.75 80 60 100Grupi II 200 0.28 0.6 1.3 56 74.66 93.33Grupi III 60 0.25 0.6 1.3 250 333.34 416.67Grupi IV 20 0.75 0.9 0.48 1500 726.46 1666.66Grupi V 6 0.5 0.35 2.67 24.36 65.2 69.6Reparti 288 0.45 0.82 0.71 1510.36 1065.94 1848.625
2.Metoda e koeficientit te maksimumit
Mënyra e dytëGRUPI I:
Kça = 0.65 Pn = 100
Kkra = 0.8 n = 2
Shperndarja dhe perdorimi i energjise elektrike.Page 5
Projekt kursi
cosφ = 0.8 Pnmax = 50
Kur kemi dy konsumatorë:
P¿=Pn=100 kW
Q¿=P¿ ∙tgφ=100 ∙0.75=75kV A r
S¿=P¿
cosφ=1000.8
=125 kVA
Pmt=K ç a ∙ Pn=0.65∙100=65 kW
Qmt=Pmt ∙tgφ=65∙0.75=48.75kV Ar
Smt=Pmt
cosφ= 650.8
=81.25kVA
GRUPI II:
Kça = 0.2 Pn = 200 Pnmax = 20
Kkra = 0.28 n = 200 cosφ = 0.6
nef=2∙ Pn
Pnmax=2∙200
20=20
Nga tabela 2.2 për nef = 20 dhe Kça = 0.2 kemi Kmax= 1.5.
Pmt=K ç a ∙ Pn=0.2∙200=40kW
Qmt=Pmt ∙tgφ=40 ∙1.3=52kV A r
Smt=Pmt
cosφ= 400.6
=66.67 kVA
P¿=Kmax ∙Pmt=1.5 ∙40=60kW
Q¿=P¿ ∙tgφ=60∙1.3=79.9 kV A r
Shperndarja dhe perdorimi i energjise elektrike.Page 6
Projekt kursi
S¿=P¿
cosφ= 600.6
=100 kVA
Keto jane fuqite llogaritese te grupit te dyte te konsumatoreve.
GRUPI III:
Kça = 0.15 Pn = 1000 n1 = 6
Kkra = 0.25 n = 60 Pn1 = 600
cosφ = 0.6 Pnmax = 100
Pmt=K ç a ∙ Pn=0.15∙1000=150kW
Qmt=Pmt ∙tgφ=150 ∙1.3=195kV A r
Smt=Pmt
cosφ=1500.6
=250 kVA
n¿=n1n
= 660
=0.1
P¿=Pn1
Pn= 6001000
=0.6
Nga tabela 2.5 për n* = 0.1 dhe P* = 0.6 kemi nef* = 0.25.
nef=nef∗¿∙n=0.25 ∙ 60=15 ¿
Nga tabela 2.2 për nef* = 15 dhe Kça = 0.15 kemi Kmax = 1.81.
P¿=Kmax ∙Pmt=1.81 ∙150=271.5 kW
Q¿=P¿ ∙tgφ=271.5∙1.3=352.95 kV A r
S¿=P¿
cosφ=271.50.6
=452.5 kVA
Shperndarja dhe perdorimi i energjise elektrike.Page 7
Projekt kursi
Keto jane fuqite llogaritese te grupit te trete te konsumatoreve.
GRUPI IV:
Kça = 0.55 Pn = 2000
Kkra = 0.75 n = 20
cosφ = 0.9 Pnmax = 400
Pmt=K ç a ∙ Pn=0.55∙2000=1100 kW
Qmt=Pmt ∙tgφ=1100 ∙0.48=528kV A r
Smt=Pmt
cosφ=11000.9
=1222.22 kVA
nef=2∙ Pn
Pnmax= 2∙2000
400=10
Nga tabela 2.2 për nef = 10 dhe Kça = 0.55 kemi Kmax = 1.3
P¿=Kmax ∙Pmt=1.3 ∙1100=1430 kW
Q¿=P¿ ∙tgφ=1430 ∙0.48=686.4 kV A r
S¿=P¿
cosφ=14300.9
=1588.88 kVA
GRUPI V:
Kça = 0.4 Nxorrem qe: Pnek=3 ∙ Pmes=34.44 kW
Prandaj duke qene sePnek=3 ∙ Pmes do te kemi:
Shperndarja dhe perdorimi i energjise elektrike.Page 8
Projekt kursi
Kkra = 0.5 nef=6
cosφ = 0.35
Pmt=K ç a ∙ Pnek=0.4 ∙34.44=13.78 kW
Qmt=Pmt ∙tgφ=13.78 ∙2.67=36.79kV A r
Smt=Pmt
cosφ=13.780.35
=39.37kVA
Nga tabela 2.2 për nef = 6 dhe Kça = 0.4 kemi Kmax = 1.66
P¿=Kmax ∙Pmt=1.66 ∙13.78=22.87 kW
Q¿=P¿ ∙tgφ=22.87∙2.67=61.1kV A r
S¿=P¿
cosφ=22.870.35
=65.34 kVA
Bilanci i fuqive:
Pmt Σ=Σ Pmt=Pmt 1+Pmt2+Pmt 3+Pmt 4+Pmt 5
Pmt Σ=65+40+150+1100+13.78=1368.78 kW
Qmt Σ=ΣQmt=Qmt 1+Qmt 2+Qmt 3+Qmt 4+Qmt 5
Qmt Σ=48.75+52+195+528+36.79=860.54 kV A r
Duke ditur qe madhesite jane vektoriale atehere fuqia e plote do te jete:
Smt Σ=√Pmt Σ2+Qmt Σ
2=√1368.782+860.542=1616.81kVA
Fuqite llogaritese do te jene :
P¿ Σ=Σ Plli=P¿ 1+P¿2+P ¿3+P¿4+P¿5
P¿ Σ=100+60+271.5+1430+22.87=1884.37kW
Qllplot ë=ΣQlli=Q¿ 1+Q ¿2+Q¿3+Q¿ 4+Q¿5
Q¿ Σ=75+79.9+352.95+686.4+61.1=1255.35 kV A r
Shperndarja dhe perdorimi i energjise elektrike.Page 9
Projekt kursi
S¿ Σ=√P¿ Σ2+Q¿Σ
2=√1884.372+1255.352=2264.23 kVA
Fuqite nominale do te jene:
Pn=Pn1+Pn2+Pn3+Pn4+Pn5
Pn=100+200+1000+2000+34.44=3334.44 kW
K çarep=Pmt Σ
PnΣ=1368.783334.44
=0.41
Kmaxrep=P¿ Σ
Pmt Σ=1884.371368.78
=1.37
Emërtimi n Pnmax Pn Kça cosφ tgφ nef Kmax
Grupi I 2 50 100 0.65 0.8 0.75 2 1Grupi II 20 20 200 0.2 0.6 1.3 20 1.5Grupi III 60 100 1000 0.15 0.6 1.3 15 1.81Grupi IV 20 400 2000 0.55 0.9 0.48 10 1.3Grupi V 6 11.48 34.44 0.4 0.35 2.67 6 1.66Reparti 108 400 3334.44 0.41 0.82 0.71 53 1.37
Emërtimi Fuqia mesatare Fuqia llogaritësePmt Qmt Pll Qll Sll
Grupi I 65 48.75 100 75 125Grupi II 40 52 60 79.9 100Grupi III 150 195 271.5 352.95 452.5Grupi IV 1100 528 1430 686.4 1588.88Grupi V 13.78 36.79 22.87 61.1 65.34Reparti 1368.78 860.54 1884.37 1255.35 2264.23
3. Llogaritja e fuqisë së mjeteve kompensuese që të kemi cosφ=0.9 :
Kemi keto te dhena :
Shperndarja dhe perdorimi i energjise elektrike.Page 10
Projekt kursi
Pmt Σ=1368.78 kW
cosφ1=0.82 cosφ2=0.9α=0.9
sinφ1=√1−cosφ12=√1−0.822=0.75
tgφ1=sinφ1cosφ1
=0.750.78
=0.96
tgφ2=0.48
Qmk=Pkond=Pmt Σ ∙(tgφ1−tgφ2)∙ α
Qmk=1368.78 ∙ (0.96−0.48 ) ∙0.9=267.49kVAr
Një bllok kondensatorësh ka 30 kVAr.
Pra vlera qe duhet kompesuar eshte:
Qmk=270kVAr . Pra duhen 270/30=9 bateri kondesatoresh.
Qmk Σ=Qmt Σ−Qmk=860.54−270=590.54 kVAr dhe fuqia e plote :
Srez=√P¿ Σ2 +Q¿ Σ
2 ∙ Kmax=√1884.372+1255.352 ∙1.37=2389.5 kVA
Kjo eshte fuqia e plote qe duhet te kompesohet.
Kjo metode eshte me e sakte se metoda e pare e aplikuar nga ne.
4. Te llogaritet rrjeti i TU per 20 konsumatore nga te cilet 10 konsumator do te mbrohen me siguresa dhe 10 do te mbrohen me automat
Shperndarja dhe perdorimi i energjise elektrike.Page 11
Projekt kursi
cosφ=0.8 ; ή=0.9 ; kng=1 ; kl=1 ; km=2.5 ; Un=380V
Pikat shperndarese :
Pika Shperndarese 1 dhe 3.
Konsumatori 1.
Pn 1=20KW ⇒I n1=
Pn 1
√3U ncosϕη=10000
√3⋅380⋅0 .8⋅0 . 9=21. 1 A
Zgjedhja e sigureses: (leshim pa ngarkese kl=5dhe km=2.5)
1. I sh≥k ng⋅In1=21.1 A⇒ Ins=25 A
2.I sh≥
I lkm
=5∗21.1/2.5=42 .2 A⇒ I ns=50 A
In=25 A Ish=50A
Zgjedhja e seksionit te perciellesit te sigureses:
1. I lejp≥I n1=21 .1 A⇒5 x 4mm2
2. I lejp≥kmb⋅I vmb=1⋅I sh=50 A⇒5x 16mm2
Zgjedhja e automatit:
1. I na≥k ng⋅In 1=21.1 A⇒ I na=25 A InA=25A
Zgjedhja e seksionit te perciellesit te automatit:
1. I lejp≥I n1=21 .1 A⇒5 x 4mm2
2. I lejp≥kmb⋅I vmb=1⋅Ina=25 A⇒5x 6mm2
Konsumatori 2.
Shperndarja dhe perdorimi i energjise elektrike.Page 12
Projekt kursi
Pn 2=30KW ⇒I n2=
Pn 2
√3U ncosϕη=30000
√3⋅380⋅0 .8⋅0 .9=63 .3 A
Zgjedhja e sigureses:
1. I sh≥k ng⋅In 2=63 .3 A⇒ I ns=100 A
2.I sh≥
I lkm
=126 .6 A⇒ Ins=150 A
In=100A Ish=150A
Zgjedhja e seksionit te perciellesit te sigureses:
1. I lejp≥I n 2=63 .3 A⇒5 x25mm2
2. I lejp≥kmb⋅I vmb=1⋅I sh=63 A⇒5 x25mm2
Zgjedhja e automatit:
1. I na≥k ng⋅In 2=21.1 A⇒ Ina=32 A
Zgjedhja e seksionit te perciellesit te automatit:
1. I lejp≥I n 2=21 .1 A⇒5 x 4mm2
2. I lejp≥kmb⋅I vmb=1⋅Ina=32 A⇒5 x 6mm2
Konsumatori 3.
Pn 3=60KW ⇒ I n 3=60000√3⋅380⋅0 .8⋅0 .9
=126 .6 A
Zgjedhja e sigureses:
Shperndarja dhe perdorimi i energjise elektrike.Page 13
Projekt kursi
1. I sh≥k ng⋅In 3=1⋅126 .6 A=126 .6 A⇒ I ns=200 A
2.I sh≥
I lkm
=5⋅126 . 62.5
=253 .2 A⇒ I ns=300 A
In=200A Ish=300
Zgjedhja e seksionit te perciellesit te sigureses:
1. I lejp≥I n 3=126 .6 A⇒5 x50mm2
2. I lejp≥kmb⋅I vmb=1⋅I sh=25 A⇒5 x6mm2
Zgjedhja e automatit:
1. I na≥k ng⋅In 3=126 .6 A⇒ I na=160 A
Zgjedhja e seksionit te perciellesit te automatit:
1. I lejp≥I n 3=126 .6 A⇒5 x50mm2
2. I lejp≥kmb⋅I vmb=1⋅Ina=160 A⇒5x 95mm2
Konsumatori 4.
Pn 4=70KW⇒ I n4=70000√3⋅380⋅0 .8⋅0 .9
=147 .7 A
Zgjedhja e sigureses:
Shperndarja dhe perdorimi i energjise elektrike.Page 14
Projekt kursi
1. I sh≥k ng⋅In 4=1⋅147.7 A=147 .7 A⇒ I ns=200 A
2.I sh≥
I lkm
=5⋅147 .72.5
=295 .43 A⇒ I ns=300 A
Zgjedhja e seksionit te perciellesit te sigureses:
1. I lejp≥I n 4=147 .7 A⇒5x 70mm2
2. I lejp≥kmb⋅I vmb=1⋅I sh=300 A⇒5x 150mm2
Zgjedhja e automatit:
1. I na≥k ng⋅In 4=147 .7 A⇒ I na=160 A
Zgjedhja e seksionit te percjellesit te automatit:
1. I lejp≥I n 4=147 .7 A⇒5x 70mm2
2. I lejp≥kmb⋅I vmb=1⋅Ina=160 A⇒5 x 70mm2
Konsumatori 5.
Pn 5=40KW⇒ In 5=40000√3⋅380⋅0 .8⋅0 .9
=84 .4 A
Zgjedhja e sigureses:
1. I sh≥k ng⋅In 5=1⋅84 .4 A=84 .4 A⇒ I ns=100 A
2.I sh≥
I lkm
=5⋅1002.5
=200 A⇒ I ns=200 A
In=100A Ish=200A
Zgjedhja e seksionit te perciellesit te sigureses:
Shperndarja dhe perdorimi i energjise elektrike.Page 15
Projekt kursi
1. I lejp≥I n5=84 .4 A⇒5 x50mm2
2. I lejp≥kmb⋅I vmb=1⋅I sh=100 A⇒ 5x 50mm2
Zgjedhja e automatit:
1. I na≥k ng⋅In 5=84 .4 A⇒ I na=100 A
Zgjedhja e seksionit te perciellesit te automatit:
1. I lejp≥I n5=84 .4 A⇒5 x50mm2
2. I lejp≥kmb⋅I vmb=1⋅Ina=100 A⇒5x 50mm2
Pika shprndarese 2 dhe 4.
Konsumatori 1.
Pn 1=1 .1KW ⇒ I n1=1100√3⋅380⋅0 .8⋅0 .9
=2 .32 A
Zgjedhja e sigureses:
1. I sh≥k ng⋅In 1=1⋅2.32 A=2 . 32 A⇒ I ns=25 A
2.I sh≥
I lkm
=5⋅2 .322 .5
=4 .64 A⇒ I ns=6 A
In=25 lsh=6
Shperndarja dhe perdorimi i energjise elektrike.Page 16
Projekt kursi
Zgjedhja e seksionit te perciellesit te sigureses:
1. I lejp≥I n1=25 A⇒5 x6mm2
2. I lejp≥kmb⋅I vmb=1⋅I sh=6 A⇒5 x6mm2
Zgjedhja e automatit:
1. I na≥k ng⋅In 1=2.32 A⇒ Ina=6 A
Zgjedhja e seksionit te perciellesit te automatit:
1. I lejp≥I n5=2 .32 A⇒5 x 4mm2
2. I lejp≥kmb⋅I vmb=1⋅Ina=6 A⇒ 5 x 4mm2
Konsumatori 2
Pn 2=28KW ⇒ In 2=28000√3⋅380⋅0.8⋅0.9
=59 A
Zgjedhja e sigureses:
1. I sh≥k ng⋅In 2=1⋅59 A=59 A⇒ I ns=63 A
2.I sh≥
I lkm
=5⋅592.5
=118 A⇒ I ns=200 A
Zgjedhja e seksionit te perciellesit te sigureses:
Shperndarja dhe perdorimi i energjise elektrike.Page 17
Projekt kursi
1. I lejp≥I n 2=59 A⇒5 x16mm2
2. I lejp≥kmb⋅I vmb=1⋅I sh=200 A⇒ 5x 95mm2
Zgjedhja e automatit:
1. I na≥k ng⋅In 2=59 A⇒ Ina=76 A
Zgjedhja e seksionit te perciellesit te automatit:
1. I lejp≥I n 2=59 A⇒5 x16mm2
2. I lejp≥kmb⋅I vmb=1⋅Ina=76 A⇒5 x25mm2
Konsumatori 3
Pn 3=14KW⇒ I n 2=14⋅103
√3⋅380⋅0 .8⋅0 .9=29 .4 A
Zgjedhja e sigureses:
1. I sh≥k ng⋅In 3=1⋅29 .4 A=29 .4 A⇒ I ns=63 A
2.I sh≥
I lkm
=5⋅29 .42. 5
=58 .8 A⇒ I ns=63 A
Zgjedhja e seksionit te perciellesit te sigureses:
1. I lejp≥I n 3=29 .4 A⇒5 x 6mm2
2. I lejp≥kmb⋅I vmb=1⋅I sh=63 A⇒5 x25mm2
Zgjedhja e automatit:
1. I na≥k ng⋅In 3=29 .4 A⇒ I na=32 A
Zgjedhja e seksionit te perciellesit te automatit:
Shperndarja dhe perdorimi i energjise elektrike.Page 18
Projekt kursi
1. I lejp≥I n 3=29 .4 A⇒5 x 6mm2
2. I lejp≥kmb⋅I vmb=1⋅Ina=32 A⇒5 x 6mm2
Konsumatori 4.
Pn 4=7KW⇒I n 4=
Pn1
√3Uncos ϕη=7000
√3⋅380⋅0.8⋅0 .9=14 .77 A
Zgjedhja e sigureses:
3. I sh≥k ng⋅In 4=14 .77 A⇒ I ns=25 A
4.I sh≥
I lkm
=29 .54 A⇒ Ins=40 A
Zgjedhja e seksionit te perciellesit te sigureses:
3. I lejp≥I n 4=14 .77 A⇒5 x4mm2
4. I lejp≥kmb⋅I vmb=1⋅I sh=40 A⇒5 x10mm2
Zgjedhja e automatit:
2. I na≥k ng⋅In 4=14 .77 A⇒ I na=16 A
Zgjedhja e seksionit te perciellesit te automatit:
3. I lejp≥I n 4=14 .77 A⇒5 x4mm2
I lejp≥kmb⋅I vmb=1⋅Ina=16 A⇒5 x4mm2
Konsumatori 5
Shperndarja dhe perdorimi i energjise elektrike.Page 19
Projekt kursi
Pn 5=4 .5KW⇒ I n 5=4 .5⋅103
√3⋅380⋅0 .8⋅0 .9=9 .49 A
Zgjedhja e sigureses:
3. I sh≥k ng⋅In 5=1⋅9 .49 A=9. 49 A⇒ I ns=25 A
4.I sh≥
I lkm
=5⋅29 .52 .5
=18 .99 A⇒ I ns=20A
Zgjedhja e seksionit te perciellesit te sigureses:
3. I lejp≥I n5=9.49 A⇒5 x 1mm2
4. I lejp≥kmb⋅I vmb=1⋅I sh=20 A⇒5 x4mm2
Zgjedhja e automatit:
2. I na≥k ng⋅In 5=9 .49 A⇒ I na=10 A
Zgjedhja e seksionit te perciellesit te automatit:
3. I lejp≥I n5=9.49 A⇒5 x 1mm2
I lejp≥kmb⋅I vmb=1⋅Ina=10 A⇒5x 1mm2
5. Te llogaritet rrjeti i ushqimit per kater pika shperndares
Pika shperndarese 1.
I ll=∑i=1
5
I ni=21.1+63 .3+126 .6+147 .7+84 . 4=443 .1 A
Shperndarja dhe perdorimi i energjise elektrike.Page 20
Projekt kursi
Zgjedhja e sigureses
1.
I sh≥I max2 .5
=5⋅I n1
+∑i=1
4
I ni
2 .5= 5⋅147 . 7+21. 1+126 . 6+63 .3+84 . 4
2 .5=413 .56 A⇒ I ns=630 A
Zgjedhja e seksionit te perciellesit te sigureses:
1. I lejp≥I ll=413 .56 A⇒5 x 150mm2
2. I lejp≥kmb⋅I vmb=1⋅I sh=630 A⇒5 x150mm2
Zgjedhja e automatit:
1. I na≥I ll=413.56 A⇒ I na=500 A
Zgjedhja e seksionit te perciellesit te automatit:
1. I lejp≥I na=500 A⇒5 x150mm2
2. I lejp≥kmb⋅I vmb=1⋅Ina=500 A⇒5x 150mm2
Pika shperndarese 2.
I ll=∑i=1
5
I ni=2.32+59+14 .77+29 .4+9. 49=114 .98 A
Zgjedhja e sigureses:
1.I sh≥
I max2 .5
=5⋅I n1
+∑i=1
4
I ni
2 .5=5⋅59+2 .32+14 .77+9.49+29.4
2.5=140 .39 A⇒ I ns=200 A
Shperndarja dhe perdorimi i energjise elektrike.Page 21
Projekt kursi
Zgjedhja e seksionit te perciellesit te sigureses:
1. I lejp≥I ll=140 . 39 A⇒5 x70mm2
2. I lejp≥kmb⋅I vmb=1⋅I sh=200 A⇒5x 100mm2
Zgjedhja e automatit:
1.I nA≥∑
i=1
5
Ini= 2 .32+59+14 .77+9.49+29. 4=114 .98 A⇒ Ina=125 A
Zgjedhja e seksionit te perciellesit te automatit:
1. I lejp≥I na=114 .98 A⇒5 x 50mm2
2. I lejp≥kmb⋅I vmb=1⋅Ina=125 A⇒5x 50mm2
6. Sipas skemes se meposhtme te behet llogaritja e rrymave te lidhjes se shkurter ne dy pika ne TM = 20 kV dhe ne dy pika ne TU = 0.4 kV
Nga lloaritjet qe beme per te kompensuar fuqine reaktive na doli fuqia e kompensuar :
SΣ=2389.5 kVA =>Duhen dy transformator me nga 1250 KVA secili pra
Shperndarja dhe perdorimi i energjise elektrike.Page 22
Projekt kursi
Sn=1250 kVAU k%=6%I 0%=1. 4%ΔP0=2100WΔPCu=13100W
Keto jane te dhenat e transformatoreve qe duhen lihur ne paralel ne linjt e tensionit te mesem dhe te ulet. Pra keta transformatore ulin tensioin nga 20kv ne 0.4kv.
Figura me poshte i paraqet sakte transformatoret.
Shperndarja dhe perdorimi i energjise elektrike.Page 23
Projekt kursi
Shperndarja dhe perdorimi i energjise elektrike.Page 24
Projekt kursi
Llogaritja e rrymave te lidhjes se shkurter per kater pikat e dhena:
Pika 1
Gjejme rrymen e gjeneruar nga gjeneratori
Sb=100MVAUb=20kV ⇒
I b=Sb
√3⋅U b=100 .10
6
√3⋅20 .103=2 .89kA
Rezistenca inductive ne njesi relative do te jete:
X ¿ T=X¿T 1=X ¿ T 2=U k%
100⋅Sb
SnT=9 .5⋅100⋅10
6
100⋅7 .5⋅106=1 .266
X Σ=X ¿T
2 =1.2662 =0 .633Ω
Rrymat e lidhjes se shkurter:
I k1=I bX Σ
=2 . 89⋅103
0. 633=4 .56kA
Sk 1=√3⋅Ub⋅I k1=√3⋅20⋅4 .56=158 .15MVA
Vlera efektive e rrymes goditese te l.sh:
I g 1=√2⋅kg⋅I k 1=√2⋅1 .64⋅4 .56=10 .57kA
Pika 2
Rezisteca inductive e linjes kabllore:
X2=X0⋅l⋅Sb
Ub2
=0.08⋅10⋅100202
=0.2Ω
Ku per linjen kabllore kemi qe:X0=(0.07-0.12)
Shperndarja dhe perdorimi i energjise elektrike.Page 25
Projekt kursi
Rezistenca activedhe e plote e linjes do te jene:
r2=r0⋅l⋅Sb
Ub2
=750γ⋅s
⋅9⋅100202
=75053⋅240
⋅9⋅100202
=0 .132Ω
ZΣ=√r22+( XΣ+X2 )2=√0 .1322+(0 .633+0 .2 )2=0.84Ω
Rrymat dhe fuqia e l.sh do te jene:
I k2=I bZ Σ
= 2 .89⋅103
0 .84=3 .44 kA
Sk 2=√3⋅U b⋅I k2=√3⋅20⋅3 .44=119.165MVA
Rryma goditese do te jete:
I g 2=√2⋅k g⋅I k 2=√2⋅1 .88⋅3 .44=9 .146kA
Pika 3
Vlera relative e rezistencës aktive te TR përcaktohet:
r¿T=ΔPCu
SnT=131001250⋅103
=0 .0105Ω
Ndërsa rezistenca induktive relative e TR është:
Rezistenca active e trasfrmatorit TM/TU:
rT=r¿T⋅U
n2
Sn=0.0105⋅400
2
1250=1 .34mΩ
Shperndarja dhe perdorimi i energjise elektrike.Page 26
X¿ T=√(U k
100 )2−r¿ T=√(6100 )2−0 .0105=. 0. 059Ω
Projekt kursi
Rezistenca induktive e transformatorit:
XT=X ¿T⋅U
n2
Sn=0 .059⋅400
2
1250=7552mΩ
Rezistenca e plote do te jete:
ZΣ 3=√rT2+xΣ22 =√1 .342+75522=7555mΩ
Rryma e lidhjes se shkurter:
I k3=U
√3⋅ZΣ=400
√3⋅7555=0 .0306 kA
Rryma goditese:
I g 3=√2⋅k g⋅I k 3=√2⋅1.88⋅0.0306=0 .0814kA
Pika 4 (ketu po e leemmmmmmmmmmmmmmmme )
Rezitenca inductive dhe active linjes se tensionit te ulet :
r2=r0⋅l⋅Sb
Ub2
=750γ⋅s
⋅100⋅1004002
=75053⋅50
⋅100⋅1004002
=0 .0177Ω
X 4=X0⋅l⋅Snt
U2=0 .08⋅100⋅12504002
=0.0625Ω
Rezitenca plote e linjes do te jete:
Rrymat dhe fuqia ne lidhjen e shkurter
I k 4=I bZΣ
=2.89⋅103
0 . 695=4 .158 kA
Shperndarja dhe perdorimi i energjise elektrike.Page 27
ZΣ=√r42+(X Σ+X4 )2=√0 .01772+(0 .633+0.0625 )2=0.695Ω
Projekt kursi
Rryma goditese do te jete: I g 4=√2⋅kg⋅I k 4=√2⋅1.64⋅4 .158=9.644 kA
7.Kompozimi I kabines
Llogarisim rrymen llogaritese per te zgjedhur zbarat dhe siguresat qe do te perdoren ne kabinen e transformacionit.
ku: Sll=Srez pra me fuqine e plote te repartit pas kompesimit me anen e baterise se kondensatoreve.
Zgjedhim Ins = 100 A Ish = 80 A Kabina ka pamjen si meposhte:
Shperndarja dhe perdorimi i energjise elektrike.Page 28
I ll=Sll
√3⋅Ub
I ll=Sll
√3⋅Ub=2389 .5
√3⋅20=68 .98 A
Projekt kursi
8.Ndricimi I nje ambjenti
Jane dhene :
a=20m H=4m ρt =0.7 ρm =0.5 ρd=0.1
b=20m E=400lx
Ndricuesit do ti zgjedhim te tipit direkt indirekt
Per te bere ndricimin elektrik te lokalit ndjekim keto hapa:
1. Zgjedhim E=400lx
2. Per H=4m nga tabela 3.1 gjejme:
Lartesia e zbritjs: Hz=0.5m
Lartesia e varies se ndricuesve: Hv=H-Hz=4-0.5=3.5m
3. Per Hv=3.5 nga tabela 3.1 do te kemi:
Largesia nga muret l=1.2m
Largesia maximale e ndricuesve: L=4 m
Numri i ndricuesve ne nje rresht: Nr=20−2⋅1.2
4=4 .4⇒4
ndricues
Shperndarja dhe perdorimi i energjise elektrike.Page 29
Projekt kursi
Numri i ndricuesve ne nje kollone: Nr=20−2⋅1.2
4=4 .4⇒4
ndricues
Numri i ndricuesve 4x4=16 ndricues per te gjithe lokalin
4. Nga tabela gjejme treguesin e lokalit: B
5. ρt =0.7 ρm =0.5 ρd=0.1
6. Nga tabela per Nr=16 gjejme :
Koeficienti i shfrytezimit ne % per reflektim te dyshemese 10%: u=0.49
7. M=0.75 pastrimi dy here ne muaj
8. Siperfaqia:
S=a⋅b=20⋅20=400m2
9.F l=
E⋅Su⋅n⋅M
=400⋅4000 .49⋅16⋅0 .75
=27210 .88 lx
Zgjedhim 2 x(2 x58w)=4 x 5200lm=20800 lm sepse per ndricuesit 58w kemi 5200lm.
10. Shkalla reale:
E=4002080027210 .88
=305 .76lx
11. Fuqia e instaluar:
P=16⋅[2x (2x 58 ) ]=1 .856kw
Shperndarja dhe perdorimi i energjise elektrike.Page 30
Projekt kursi
Pra gjetem parametrat dhe numrin e ndriconjesve per nje ambjent qe ka: ρt =0.7 ρm =0.5 ρd=0.1.
Ndriconjesit jane te tipit direkt - indirect .
Paraqitja skematike do te jete si me poshte:
Shperndarja dhe perdorimi i energjise elektrike.Page 31