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Matemática
�ACADEMIA
Solucionario del ExamenSolucionario del ExamenSolucionario del Examende admisión UNASAM 2010 - IIde admisión UNASAM 2010 - IIde admisión UNASAM 2010 - II
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ACADEMIA
SIGMATH
PREGUNTA N.º 01En una panadería se sabe que 6 hornos consumen 60 toneladas de leña, trabajando 10 horas diarias durante 18 días. Calcule cuántas toneladas de leña serán nece-sarias para mantener trabajando 5 hornos más durante 90 días a razón de 7 horas diarias.
A) 250 ton B) 355 ton C) 385 tonD) 400 ton E) 430 ton
Resolución
Tema: Regla de tres Compuesta
Como en el ejercicio intervienen más de 3 magnitudes, entonces se trata de una regla de tres compuesta, y para resolverlo haremos uso del método práctico.
Hornos h/d Días Leña (ton.)
6 10 18 60
11 7 90 x
5 hornos más
(6)(10)(18)( ) (11)(7)(90)(60)x =
385x =
Respuesta:Por lo tanto, se necesitan 385 toneladas de leña para mantener trabajando 11 hornos
Alternativa C
PREGUNTA N.º 02César y Jaime realizan una obra en 10 días. Teniendo César vez y media la habilidad de Jaime, ¿en cuántos días realizará Jaime solo la misma obra?
A) 22 días B) 25 días C) 23 díasD) 27 días E) 24 días
Resolución
Tema: Regla de tres Simple
Antes de aplicar el método práctico (al igual que el ejercicio anterior), debemos tener en cuenta que “vez y media” es equivalente a:
1 31
2 2+ =
Según esto, nuestro ejercicio será equivalente a que César tiene 3/2 veces la habilidad de Jaime, y con el propósito de evitar fracciones, llamaremos 2x la habili-dad de Jaime, con lo que se tiene:
César
Jaime
Habilidad
3x
2x
Aplicando el método práctico
Obreros Días Obra
5x 10 1
2x d 1
5 10 1 2 1x x d⋅ ⋅ = ⋅ ⋅
25d =
Respuesta:Por lo tanto, Jaime demorará 25 días en hacer la obra sólo.
Alternativa B
PREGUNTA N.º 03Un móvil se desplaza a velocidad constante recorrien-do primero 540 km, luego 810 km. Si el MCM de los tiempos empleados es 162. ¿Cuántas horas se ha de-morado en total?
A) 135 h B) 105 h C) 120 hD) 165 h E) 150 h
Resolución
Tema: M.R.U.
��������������EXAMEN ORDINARIO�������
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SIGMATH
��������������EXAMEN ORDINARIO�������
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Como la velocidad del móvil es constante, entonces se trata de un M.R.U., luego:
540 km 810 km
1t 2t
v → v → v →
A B C
Aplicando la ecuación del M.R.U.
Tramo AB: 1
540v
t=
Tramo BC:
2
810v
t=
Al igualar ambas ecuaciones se tiene
11
1 2 2 2
2540 810 2 ( )
3 3
t ktt t t t k
== → = → α =
Como piden calcular ¿Cuántas horas se ha demorado en total? Entonces sumaremos los tiempos empleados
1 2t t+ .
Como dato nos dan:
( )1 2, 162 MCM t t = →
( )2 ,3 162MCM k k =
( )6
( ) 2,3 162k MCM =
6 162 27k k= → =
Reemplazando el valor de k en ( )α
1 1
2 2
2 54
3 81
t k t
t k t
= = → = =
Respuesta:Por lo tanto, el auto se ha demorado en total
1 2 135 .t t h+ =Alternativa A
PREGUNTA N.º 04En la UNASAM se ha realizado las elecciones para la Federación de Estudiantes. El 48% de los alumnos su-fragantes son mujeres, de las cuales el 25% votan por la lista B, que además obtuvo los votos del 50% de los hombres.El porcentaje de los alumnos que votaron por la lista B es:
A) 32% B) 34% C) 36%D) 38% E) 40%
Resolución
Tema: Tanto por Ciento
Sea 100x el total de alumnos sufragantes, entre hom-
bres y mujeres, donde Mujer M= y Hombres H= , en-tonces según condiciones del problema se tiene:
{
{
48
100
52
x M
x
x H
12 (lista B)x →
36 (otra lista)x →
26 (lista B)x →
26 (otra lista)x →
Según el esquema mostrado, la cantidad de votantes por la lista B es:
12 26 38x x x+ =
Como piden el porcentaje de alumnos que votaron por la lista B, entonces solo hay que comparar que porcen-taje representa 38x respecto de 100x , y como es fácil darse cuenta 38x representa el 38%
Respuesta:Por lo tanto, el 38% de alumnos de la UNASAM vo-taron por la lista B
Alternativa D
PREGUNTA N.º 05
Después de resolver 7 1 2x x+ − − > .El número de soluciones enteras es:
A) 1 B) 2 C) 3D) 4 E) 5
Resolución
Tema: Inecuaciones Irracionales
7 1 2 ( )x x+ − − > α
Calculando el campo de existencia (el universo)
7 0 1 07 1
x xx x+ ≥ ∧ − ≥≥ − ∧ ≥
Por lo tanto 1,U = +∞ es el campo de existencia.
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2
��������������EXAMEN ORDINARIO�������
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SIGMATH
A la inecuación ( )α la podemos escribir equivalente-mente de la siguiente manera.
7 2 1x x+ > + − Elevando al cuadrado
7 4 4 1 1x x x+ > + − + −
4 4 1x> −
1 1x> −
1 1x> −
2 ( )x < β
Luego el . . ( ) . . 1,2C S U C S = β ∩ → =
Respuesta:Por lo tanto, como piden el número de soluciones en-teras, entonces solo habrá uno.
Alternativa A
PREGUNTA N.º 06
Teniendo en cuenta que: 2 2 7x y+ = , 3xy = ,
0 y x< < .
El valor de 2 2x y− es
A) – 1 B) 1 C) 2
D) 13 E) 2 13+
Resolución
Tema: Productos Notables
Como datos tenemos 2 2 7x y+ = ; 3xy =
Además sabemos que:
i) ( )2 2 22x y x xy y+ = + +
( )27 6 13x y+ = + =
13x y+ =
ii) ( )2 2 22x y x xy y− = − +
( )27 6 1x y− = − =
1 1x y− = =
Observación.- en i) y ii) se han considerado los va-
lores positivos porque la condición inicial es: 0 y x< <
En el ejercicio piden calcular 2 2x y− , dándole forma a esta expresión y reemplazando los valores de i) y ii) se tiene:
( )( )2 2x y x y x y− = + −
( )( )2 2 1 13 13x y− = =
Respuesta:
Por lo tanto, 2 2 13x y− =Alternativa D
PREGUNTA N.º 07
Al factorizar ( )22 21 15 3 3x x x x+ + − + + ; un factor primo, es:
A) 2 7x x+ − B) 2 7x + C) 1x +
D) 2x − E) 2x +
Resolución
Tema: Factorización
( )22 21 15 3 3x x x x+ + − + +
( ) ( )22 21 3 5x x x x+ + + + −
( ) ( )22 21 3 1 6 ( )x x x x+ + + + + − α
Con el efecto de simplificar los cálculos, en esta parte del ejercicio haremos un cambio de variable, sea:
2 1x x m+ + =
Reemplazando este valor en ( )α
( )2 3 6m m+ −
( )( )6 3m m+ −
Volviendo a la variable primitiva x
( )( )2 21 6 1 3x x x x+ + + + + −
( )( )2 27 2x x x x+ + + −
( )( )( )2 7 2 1x x x x+ + + −
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��������������EXAMEN ORDINARIO�������
5
Respuesta:Por lo tanto, según las alternativas, uno de los factores
primos es ( )2x +Alternativa E
PREGUNTA N.º 08Sea el polinomio homogéneo
5 3 12 2( , , )b bb b aP x y z b x ay ba z− +−= − +
La suma de sus coeficientes es:
A) 64 B) 68 C) 24D) 46 E) 32
Resolución
Tema: Polinomios
Como el polinomio ( , , )P x y z es homogéneo (según condición del problema), entonces debe cumplirse que el grado absoluto de todos sus términos sean iguales:
5 3 1 b bb b a− += =
(I) (II)
De (I): 5 3 5 3 8bb b b b− = → − = → =
Reemplazando el valor de b en (II)
De (II):
3 1 3 9 9 9 8 2 2bb a a a a+= → = → = → =
Reemplazando los valores de a y b en la función:
512 512 512( , , ) 64 2 2P x y z x y z= − +
Calculando la suma de coeficientes
64 2 2 64Coeficientes = − + =∑
Respuesta:
Por lo tanto, 64Coeficientes =∑Alternativa A
PREGUNTA N.º 09Dada la matriz
1 1 11 1 11 1 1
A xy
= + +
El determinante de la matriz A es:
A) 0 B) x y+ C) xy
D) x yxy+
E) 2
Resolución
Tema: Determinantes
El determinante adjunto a la matriz A es:
1 1 11 1 11 1 1
A xy
= ++
Como el determinante A es de orden 3, entonces aplicaremos la regla de Sarrus.
1 1 1 1 11 1 1 1 11 1 1 1 1
A x xy
= + ++
( )− ( )− ( )−
( )+ ( )+ ( )+
[ ](1)( 1)( 1) (1)(1)(1) (1)(1)(1)A x y= + + + + −
[ ] (1)( 1)(1) (1)(1)(1) ( 1)(1)(1)x y+ + + +
( ) ( )( 1) 1 2 1 1 1A x y x y = + + + − + + + +
1 2 3A xy x y x y xy= + + + + − − − =
Respuesta:
Por lo tanto, A xy=Alternativa C
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PREGUNTA N.º 10En la figura, determinar el valor de “x”, sabiendo que
AC PT= y // QP RC
A
B
CP
Q
R
T
x8 cm
12 cm
4 cm
A) 3 cm B) 5 cm C) 6 cmD) 8 cm E) 10 cm
Resolución
Tema: Semejanza de Triángulos
A
B
CP
Q
R
T
x8
12
4
= 5m k
= 2n k
= 12a k 13k 12k= 15a k
Sean =AP b , =AC a , =QP n , =BC m
Como // QP RC , entonces los triángulos ∆AQP y
∆ABC son semejantes, o sea ∆ ≅ ∆AQP ABC y en ello se cumple que:
== ⇒ = ⇒ =
520 8 2
5 2m kn
m n m n k
También por semejanza
== ⇒ = ⇒ =
1
1
55
5 2 2 2
a ka b ak k b b k
Como =AC PT , entonces = 13PC k y = 12CT k
En la figura también hay otros dos triángulos que son
semejantes ∆ ≅ ∆PQT CRT , entonces
= ⇒ = ⇒ =1 15 2 4
2 5k kPT CT k
RCQP RC k RC
También se cumple que:
+ += ⇒ = ⇒ =
4 4 4 20 6
42 2 45
x xx
kk k k
Respuesta:Por lo tanto, = 6x
Alternativa E
PREGUNTA N.º 11En un triángulo ABC, con AB 18 cm= , se traza la
mediana BM . Calcular la longitud de tal mediana, si A MBC Cm m m= −
A) 4 cm B) 5 cm C) 8 cmD) 9 cm E) 12 cm
Resolución
Tema: Triángulos
Piden calcular la longitud de la mediana BM
18
A
B
CM
N
α α β
α +β
α + β
Como dato tenemos:
A MBC C m m m= − →
MBC A Cm m m= +
Si Am = α y Cm = β, entonces MBCm = α + β
Si trazamos la recta MN // AB obtenemos que MN es base media del ABC∆ , entonces MN 9= .
El BMN∆ , es un triángulo isósceles (ver figura), con
BM MN= , entonces BM MN 9= =
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Respuesta:Por lo tanto, la mediana BM 9 .cm=
Alternativa D
PREGUNTA N.º 12Los vértices de un triángulo son los puntos A( 3,3)− ,
B(5,6) y C(9, 3)− . La recta que contiene la altura BH del triángulo intersecta el eje “y” en el punto.
A) (0, 2)− B) (0, 4)− C) ( 4,0)−
D) (0, 6)− E) (0,2)
Resolución
Tema: Geometría Analítica
Ubicando y uniendo los puntos A, B y C en el plano euclidiano obtenemos el siguiente triángulo
( 3,3)A −
(5,6)B
(9, 3)C −(0, )D y
L
X
Y
h
a
b
Para calcular la componente “y” del punto D usaremos la propiedad de rectas ortogonales que dice:
0 a b a b⊥ ⇔ ⋅ =
En nuestro ejercicio:
( 3,3) (9, 3) ( 12,6)a CA A C= = − = − − − = −
(5,6) (0, ) (5,6 )b DB B D y y= = − = − = −
Reemplazando en la propiedad
0 a b⋅ = →
( 12,6) (5,6 ) 0y− ⋅ − =
( 12)(5) (6)(6 ) 0y− + − =
4y = −
Respuesta:Por lo tanto, la recta L que contiene a la altura “h” in-
tersecta en el punto (0, 4)D −Alternativa B
PREGUNTA N.º 13Con los datos que se dan en la figura, determinar:
( )tan( ) secθ + θ
A
B
C
P Q
6
20
8
θ θ
A) 32
B) 1 5
3+
C) 1 5
2+
D) 3 5+ E) 5 1−
Resolución
Tema: Razones Trigonométricas en el Trián-gulo Rectángulo
• En el PAB∆
ABcot AB 6cot
6= θ → = θ
• En el BCQ∆
BCcot BC 8 cot
8= θ → = θ
• En el ABC∆ aplicamos el teorema de Pitágoras:
2 2 2AB BC 20 + = →
( ) ( )2 26cot 8 cot 400θ + θ =
2 236cot 64 cot 400θ + θ =2100cot 400θ =
cot 2θ =
• En el PAB∆
( )AB 6cot 6 2 12= θ = =
PB 6 5 (por Pitágoras)=
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De aquí se obtiene que
6tan (I)
12θ =
6 5sec (II)
12θ =
Piden calcular tan secθ + θ .
Reemplazando los valores de (I) y (II) en lo pedido:
66 6 5tan sec
12 12θ + θ = + =
( )1 5
12
+ 1 52
+=
Respuesta:
Por lo tanto, 1 5tan sec
2+
θ + θ =Alternativa C
PREGUNTA N.º 14
Si cos( ) sec sen2 2θ θ θ ⋅ =
, determinar el valor de
( )4 4sec 1 sen 1E = θ ⋅ − θ −
A) 3 B) 4 C) 5D) 7 E) 8
Resolución
Tema: Identidades Trigonométricas
Como condición del problema tenemos:
cos sec sen2 2θ θ θ ⋅ =
sen2cos sen cos
2 2sec2
θ θ θ θ = = ⋅ θ
:
sin sin cos
2 2 2
Recordar
θ θ θ ⋅ =
sencos tan 2
2θ
θ = → θ =
Piden calcular
( )4 4sec 1 sen 1E = θ − θ −
4
4 4 4
tan
sec sen sec 1Eθ
= θ − θ ⋅ θ −
4 2 4
:
sec 1 2 tan tan
Recordar
θ = + θ + θ
1E = 2 42 tan tan+ θ + θ 4tan− θ 1−
( )222 tan 2 2 8E = θ = =
Respuesta:Por lo tanto, 8E =
Alternativa E
PREGUNTA N.º 15Siendo α un ángulo agudo tal que
sen(3705 ) cos( )° = α , calcular:
sec(15 ) csc(9 )E = α − α
A) 2 B) 2− C) 2 2
D) 2 2− E) 2−
Resolución
Tema: Razones Trigonométricas
sen(3705 ) cos( ) ( )° = α ∗
Reduciendo el primer cuadrante (IC) a sen(3705 )° .
3705° 360°10105°
El residuo 105 IICr = °∈
El ángulo de referencia
180 105 75r rα = ° − ° → α = ° .
Como 3705 IIC°∈ , entonces sen(3705 )° es positivo,
luego: sen(3705 ) sen(75 )° = ° .
Reemplazando en ( )∗ .
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sen(75 ) cos( )° = α
Co-razones trigonométricas
Como α es un ángulo agudo y sen, cos son comple-mentarios, entonces:
75 90 15° + α = ° → α = °
Piden calcular
( )sec 15 c sc(9 )E = α − α
( )sec 225 c sc(135 )E = ° − °
Reduciendo al primer cuadrante (IC)
( )sec 45 c sc(45 )E = − ° − °
2 2 2 2E = − − = −
Respuesta:
Por lo tanto, 2 2E = −Alternativa D