Upload
nyckyiret-florez
View
552
Download
1
Embed Size (px)
Citation preview
ECUACIONES DIFERENCIALES HOMOGENEAS
Una ecuaciΓ³n diferencial homogΓ©nea es de la forma
π π₯, π¦ ππ₯ + π π₯, π¦ ππ¦ = 0, donde π y π tienen la propiedad de que para toda
π‘ > 0, la sustituciΓ³n de π₯ por ππ , y la de π¦ por ππ hace que π y π sean del mismo
grado n.
π π‘π₯, π‘π¦ = π‘ππ(π₯, π¦) π π‘π₯, π‘π¦ = π‘ππ π₯, π¦ ,nβR Por esta razΓ³n, este tipo de ecuaciones puede reducirse a ecuaciones de variables separables mediante sustituciones apropiadas. MΓ©todo de SoluciΓ³n:
Una ecuaciΓ³n de la forma π π₯, π¦ ππ₯ + π π₯, π¦ ππ¦ = 0 donde π y π tienen el mismo grado de homogeneidad, puede reducirse a una ecuaciΓ³n de variables
separables usando cualquiera de las sustituciones π¦ = π’π₯ o bien π₯ = π£π¦ en
donde π’ y π£ son nuevas variables dependientes. Si elegimos en particular π¦ =
π’π₯ , entonces ππ¦ = π’ππ₯ + π₯ππ’.
Por tanto la ecuaciΓ³n π π₯, π¦ ππ₯ + π π₯, π¦ ππ¦ = 0 se transforma en:
π π₯, π’π₯ ππ₯ + π π₯, π’π₯ π’ππ₯ + π₯ππ’ = 0
Por homogeneidad de π y π es posible escribir
π₯ππ 1, π’ ππ₯ + π₯ππ 1, π’ π’ππ₯ + π₯ππ’ = 0 O bien
π 1, π’ + π’π(1, π’) ππ₯ + π₯π(1, π’)ππ’ = 0 De donde se obtiene
ππ₯
π₯+
π 1, π’ ππ’
π 1, π’ + π’π(1, π’)= 0
No es aconsejable memorizar esta ecuaciΓ³n, se debe desarrollar el procedimiento cada vez. Ejemplo:
Resolver la ecuaciΓ³n diferencial π₯2 + π¦2 ππ₯ β π₯π¦ππ¦ = 0
Usando π¦ = π’π₯ y ππ¦ = π’ππ₯ + π₯ππ’ se tiene
π₯2 + π’2π₯2 ππ₯ = π’π₯2(π’ππ₯ + π₯ππ’)
Dividiendo entre π₯2 ; 1 + π’2 ππ₯ = π’(π’ππ₯ + π₯ππ’)
Separando variables 1 + π’2 β π’2 ππ₯ = π’π₯ ππ’
ππ₯
π₯= π’ ππ’
E integrando: ππ π₯ =π’2
2+ π como π’ =
π¦
π₯
ππ π₯ =1
2
π¦2
π₯2+ π Por tanto ππ π₯ =
π¦2
2π₯2+ π
Ejemplo:
Resolver la ecuaciΓ³n diferencial π₯π¦Β΄ = π₯2π πππ₯ + π¦ Usamos π¦ = π’π₯ ππ¦ = π’ππ₯ + π₯ππ’ Por tanto: π₯ π’ππ₯ + π₯ππ’ = π₯2π πππ₯ + π’π₯ ππ₯
π₯ π’ππ₯ + π₯ππ’ = π₯ π₯π πππ₯ + π’ ππ₯
Simplificando se obtiene π’ππ₯ + π₯ππ’ = π₯π πππ₯ + π’ ππ₯ π’ β π₯ π πππ₯ β π’ ππ₯ = βπ₯ππ’
Separando variables βπ₯ π πππ₯ ππ₯ = βπ₯ππ’ π πππ₯ ππ₯ = ππ’
E integrando π πππ₯ ππ₯ = ππ’ β πππ π₯ + π = π’ Remplazamos el valor de la variable π’ se tiene
β cos π₯ + π = π¦
π₯
βπ₯πππ π₯ + π₯π = π¦
Ejercicios propuestos
Resolver: Soluciones
1. π¦ + π₯2 + π¦2 ππ₯ = π₯ ππ¦ π ππ. ππ π₯ = π ππββ1 π¦
π₯+ π
2. π¦Β΄ =3π¦β4π₯
2π¦β3π₯ π ππ. π¦ β π₯ π¦ β 2π₯ = π
3. 2π₯π¦ + π₯2 + 3π¦2 π¦Β΄ + π¦2 + 2π₯π¦ + 3π₯2 = 0 π ππ. π¦ + π₯ π¦2 + π₯2 = π
4. π₯2 + 2π₯π¦ π¦Β΄ = β3π₯2 β π¦2 β 2π₯π¦ π ππ. π₯3 + π₯2π¦ + π₯π¦2 = π
5. π₯π πππ¦
π₯ ππ¦
ππ₯= π¦ π ππ
π¦
π₯+ π₯ π ππ. πππ
π¦
π₯ + πππππ₯ = 0
6. ππ¦
ππ₯=
π₯+π¦+2
π₯+π¦β4 π ππ. π¦ = 3ππ π₯ + π¦ + 1 + π₯ + π
7. π₯ππ¦
ππ₯= π¦ + π₯π
π¦
π₯ π ππ. πβ1 β πβπ¦
π₯ = ππ π₯
π¦ 1 = β2
8. ππ¦
ππ₯=
π¦βπ₯+8
π¦βπ₯β1 π ππ. π¦ β π₯ 2 β 2 π¦ β π₯ = 18π₯ β 3
9. π¦2 + 3π₯π¦ ππ₯ = 4π₯2 + π₯π¦ ππ¦ π ππ. 4π₯ππ π¦
π₯ + π₯ππ π₯ + π¦ β π₯ = 0
π¦ 1 = 1
10. π₯π¦2 ππ¦
ππ₯= π¦3 β π₯3 π ππ. π¦3 + 3π₯3ππ π₯ = 8π₯3
π¦ 1 = 2