Upload
others
View
2
Download
0
Embed Size (px)
Citation preview
1
2. Függvények
I. Feladatok 1. Az 푦 = |푥 − 1| + |푥 + 1|függvény grafikonja és az 푦 = 푐 egyenletű egyenes által közrezárt
síkidom területe 30. Mekkora a 푐 állandó értéke?
KöMaL 2001. május; C. 631.
2. Hány zérushelye van az 푎 paramétertől függően az
푓(푥) = 푥 + 4푥 + 4 − 푎,ℎ푎푥 ≤ 0,푥 − 4푥 + 푎,ℎ푎푥 > 0
hozzárendeléssel megadott függvénynek?
KöMaL 2013. március; C. 1106.
3. Adott az
푓(푥) =(푥 + 푎)
(푎 − 푏)(푎 − 푐)+
(푥 + 푏)(푏 − 푎)(푏 − 푐)
+(푥 + 푐)
(푐 − 푎)(푐 − 푏)
hozzárendelésű függvény, ahol 푎, 푏 és 푐 különböző valós számok. Határozzuk meg a függvény értékkészletét.
KöMaL 2010. szeptember; C.1043.
4. Az 푓: 푹 → 푹 függvényről tudjuk, hogy 푓(1) = 0, másrészt bármely két valós (푥, 푦) számra |푓(푥) − 푓(푦)| = |푥 − 푦|. Határozzuk meg az 푓 függvényt!
KöMaL 1983. február; Gy. 2103.
5. Legyen a valós számok halmazán értelmezett 푙푎푐(푥) függvény hozzárendelési szabálya a következő:
푙푎푐(푥) = 푥,ℎ푎푥휖[2푛; 2푛 + 1],푎ℎ표푙푛휖풁,−푥 + 4푛 + 3,ℎ푎푥휖]2푛 + 1; 2푛 + 2[,푎ℎ표푙푛휖풁.
Oldjuk meg a 푙푎푐(2푥 + 푥 + 4) = 푙푎푐(푥 + 7푥 − 1) egyenletet a valós számok halmazán.
KöMaL 2010. május; C.1038.
6. Legyen 푓(푥) = 푥 − 6푥 + 5. Ábrázoljuk a derékszögű koordináta-rendszerben azokat a 푃(푥; 푦) pontokat, amelyek (푥; 푦) koordinátáira
푓(푥) − 푓(푦) ≥ 0.
KöMaL 1988. február; Gy. 2423.
7. Az 푓(푥) = 푎푥 + 푏푥 + 푐 másodfokú függvénynek (푥 ∈ 푹) egy zérushelye van. Az 푓(푥) függvény minimumhelye 푥 = 푐. Mekkora lehet az 푎푐 szorzat értéke?
Arany Dániel Matematikai Tanulóverseny 2011/2012; haladók, I. kategória, 1. forduló
2
8. Mi a legkisebb értéke a következő kifejezésnek:
푓(푥) = (푥 − 1)(푥 + 2)(푥 + 3)(푥 + 6)?
Arany Dániel Matematikai Tanulóverseny 1971; haladók, 1. forduló
9. Határozzuk meg azokat a lineáris 푓(푥), 푔(푥), ℎ(푥)(푥 ∈ 푹) függvényeket, amelyekre
퐹(푥) = |푓(푥)| − |푔(푥)| + ℎ(푥) =−1,ha푥 < −1.3푥 + 2,ha − 1 ≤ 푥 < 0,−2푥 + 2,ha0 ≤ 푥.
Arany Dániel Matematikai Tanulóverseny 2012/2013; kezdők, I-II. kategória, 2. forduló III. kategória, 1. forduló
10. Jelölje 푷 a prímszámok halmazát! Legyen 푓: 푷 → 푹,푥 ↦ , ahol {푧} a 푧 szám törtrészét
jelöli, (azaz {푧} = 푧 − [푧] és [푧] a 푧 egészrésze, vagyis az a legnagyobb egész szám, amely 푧-nél nem nagyobb)! Mi az 푓 függvény értékkészlete?
Arany Dániel Matematikai Tanulóverseny 2010/2011; kezdők, I-II. kategória, 2. forduló III. kategória, 1. forduló
11. A valós számok halmazán értelmezett másodfokú 푓(푥) függvény minden 푥 számra eleget tesz a
3 ∙ 푓(푥) + 푓(2 − 푥) = 푥 egyenlőségnek.
Hány olyan, 2005-nél nem nagyobb természetes szám van, amelyre igaz, hogy
푓(푥) >134?
OKTV 2005/2006; I. kategória, 1. forduló
12. A minden valós számra értelmezett 푓(푥) függvényre 푓(푥 + 1) + 3푓(−푥) = |푥| teljesül. Adjuk meg az 푓 zérushelyeit!
Arany Dániel Matematikai Tanulóverseny 2008/2009; haladók, III. kategória, 2. forduló
13. Legyen 푓 az 푥 = 1 hely kivételével minden valós számra értelmezett olyan függvény, amely bármely 푥 ≠ 0 esetén eleget tesz az
푓(푥) + 3푓1푥
=푐푥
푥 − 1
egyenletnek. Számítsuk ki a 푐 valós paraméter értékét, ha tudjuk, hogy:
lim→
푓(푥) = 5.
OKTV 1978; 2. forduló
3
14. Adjuk meg a valós számoknak azt a legbővebb részhalmazát, amelyen az alábbi 푓 függvény értelmezhető, és határozzuk meg a függvény értékkészletét ezen az értelmezési tartományon.
푓(푥) = 1 − 푥 − √2 − 푥.
OKTV 2008/2009; II. kategória, 2. forduló
15. Mutassuk meg, hogy a valós számokon értelmezett
푓(푥) = sin 푥 + sin 푥 ∙ √2
függvény sohasem veszi fel a +2 illetve −2 értékeket!
OKTV 1984; speciális matematika tantervű osztályok versenye; 3. fordulós feladat részlete
16. Az 푓 függvény értelmezési tartománya a pozitív egész számok halmaza, és a függvény értékei is pozitív egészek. Határozzuk meg az összes olyan 푓 függvényt, amelyre teljesül, hogy minden pozitív egész 푛 esetén
푓 (푖) = 푓 (1) + 푓 (2) +⋯+ 푓 (푛) = (푓(1) + 푓(2) + ⋯+ 푓(푛)) = 푓(푖)
OKTV 2012/2013; II. kategória, 3. forduló
17. Határozzuk meg azt az 푓 függvényt, amely
a) minden nemnegatív egészhez nemnegatív egész számot rendel hozzá, különböző egészekhez különböző egészeket;
b) minden nemnegatív egész 푛-re kielégíti az
푓 (0) + 푓 (1) + ⋯+ 푓 (푛) ≤푛(푛 + 1)(2푛 + 1)
6
egyenlőtlenséget.
Nemzetközi Magyar Matematika Verseny 1995.
18. A természetes számok halmazán értelmezett 푓 függvényre teljesül a következő egyenlőség:
푓(1) + 2 푓(2) + 3 푓(3) +⋯+ 푛 푓(푛) = 푛 푓(푛)
tetszőleges 푛 ≥ 1 esetén. Határozzuk meg 푓(2008) értékét, ha 푓(1) = 2008!
Nemzetközi Magyar Matematika Verseny 2008.
19. Egy minden valós számra értelmezett 푓 függvény minden (푥; 푦) valós számpárra kielégíti a következő egyenlőtlenségeket:
푓(푥) ≤ 푥
푓(푥 + 푦) ≤ 푓(푥) + 푓(푦).
Bizonyítsuk be, hogy minden valós 푥-re 푓(푥) = 푥.
A Kürschák József Matematikai Tanulóverseny 1979. évi 2. feladata
4
20. A 푔(푥) = | | + | | függvény értelmezési tartománya: 푹\{0; 9}, értékkészlete:
(퐴){0} (퐵){2} (퐶){0; 2} (퐷){−2; 2} (퐸){−2; 0; 2}
Gordiusz Matematika Tesztverseny 2000; 9. osztály, megyei forduló
21. Az ábrán az 푓(푥) függvény grafikonja látható. Hány megoldása van az |푓(푥)| − 1 = egyenletnek a [−2; 2]intervallumon?
(퐴)2 (퐵)4 (퐶)5 (퐷)6 (퐸)8
Gordiusz Matematika Tesztverseny 2011; 10. osztály, megyei forduló
22. Melyik az a legnagyobb valós szám, amelyre az 푓(푔(푥)) ≤ 푔(푓(푥)) egyenlőtlenség igaz, ha 푓(푥) = 3 − 1 és 푔(푥) = 3푥 + 2?
(퐴) − 2 (퐵) − 0,5 (퐶)0 (퐷)0,5 (퐸) Nincs ilyen szám.
Gordiusz Matematika Tesztverseny 2007; 11. osztály, megyei forduló
23. A valós számokon értelmezett 푓(푥) függvényre bármely 푥 ≠ 0 esetén igaz, hogy
2 ∙ 푓(푥) + 푓 = 5푥 + 4. Jelölje 푆 azon valós 푥-ek összegét, amelyekre 푓(푥) = 2007. Melyik az 푆-hez legközelebbi egész szám?
(퐴) − 1 (퐵)0 (퐶)602 (퐷)5014 (퐸)6021
Gordiusz Matematika Tesztverseny 2007; 12. osztály, döntő
24. Legyen 푓(푥) = 16 + (3 − 푥) + 64 + (9 − 푥) . Határozzuk meg a függvény minimum-helyét és a minimum értékét!
25. Határozzuk meg azt az 푓: 푅 → 푅; 푓(푥) = 푥 + 푏푥 + 푐(푏 és 푐 valós állandók) alakú másodfokú függvényt, amelyhez van olyan 푝 számérték, amelyre
푓(푝) = 2푝 ,푓(2푝) = 3푝 + 1,푓(3푝) = 4푝 + 4
egyidejűleg teljesül! Mennyi a 푝 értéke?
Írásbeli felvételi feladat a műszaki főiskolák nulladik évfolyamai számára 1998
5
26. a) Határozza meg a valós számoknak azt a legbővebb 퐻 halmazát, amelyen a log (sin 푥 + cos 푥) kifejezés értelmezhető!
b) Mi a fenti 퐻 halmazon az 푓(푥) = log (sin 푥 + cos 푥) képlettel definiált 푓 függvény
értékkészlete?
c) Hol monoton növekedő ez az 푓 függvény?
Írásbeli érettségi-felvételi feladat; 2001
27. Határozza meg a következő függvény értelmezési tartományát:
푓(푥) =4푥 − 13푥 + 3−푥 + 3푥 + 10
.
Nemzetközi Előkészítő Intézet vizsgadolgozatának feladata; 1981
28. Állapítsa meg a valós számok halmazának azt a legbővebb részhalmazát, amelyen a következő kifejezések értelmezhetőek! Adja meg a kifejezések legnagyobb és legkisebb értékét!
a) log 0,5 ;
b) √1 − sin 푥;
c) log 0,5 ∙ √1 − sin 푥.
Közgazdaságtudományi egyetemekre és főiskolákra felvételizők írásbeli érettségi-felvételi feladata; 1992
29. Adja meg a valós számoknak azt a legbővebb részhalmazát, amelyen az alábbi függvények értelmezhetőek:
a) 푥 ↦
b) 푥 ↦ tg푥 c) 푥 ↦ tg√푥.
Írásbeli érettségi-felvételi feladatok; 1998
30. Legyen 푝 valós paraméter. Tekintsük a valós számok halmazán értelmezett 푓 függvényt, amelynek hozzárendelési szabálya 푓(푥) = −3푥 + (푝 − 3)푥 + 푝 푥 − 6.
a) Számítsa ki a ∫ 푓(푥)푑푥 határozott integrál értékét, ha 푝 = 3!
b) Határozza meg a 푝 értékét úgy, hogy az 푥 = 1 zérushelye legyen az 푓 függvénynek!
c) Határozza meg a 푝 értékét úgy, hogy az 푓 függvény deriváltja az 푥 = 1 helyen pozitív legyen!
Emelt szintű érettségi vizsga; 2012. május 8.
6
31. Legyen 푓(푥) = − + + − 푎, ahol 푎 pozitív valós szám és 푥 ∈ 푹.
a) Igazolja, hogy ∫ 푓(푥) 푑푥 = −푎 + 푎.
b) Mely pozitív 푎 számokra teljesül, hogy ∫ 푓(푥)푑푥 ≥ 0 ?
c) Az 푥 mely pozitív valós értéke esetén lesz a 푔(푥) = −푥 + 푥 függvénynek lokális (helyi) maximuma?
Emelt szintű érettségi vizsga; 2010. május 4.
32. a) Ábrázolja függvény-transzformációk segítségével a [−3; 4] intervallumon az 푥 ↦ 푥 − 2|푥| − 3 hozzárendelési szabállyal megadott függvényt!
b) Legyen az 푓, 푔és ℎ függvények értelmezési tartománya a valós számok halmaza, hozzárendelési szabályuk:
푓(푥) = 푥 − 2푥 − 3; 푔(푥) = 푥 − 3; ℎ(푥) = |푥|.
Képezzünk egyszeresen összetett függvényeket a szokásos módon. Például
(푔 ∘ 푓)(푥) = 푔 푓(푥) = (푥 − 2푥 − 3) − 3 = 푥 − 2푥 − 6.
Készítse el – a fenti példának megfelelően – az 푓, 푔és ℎ függvényekből pontosan két különböző felhasználásával képezhető egyszeresen összetett függvényeket! Sorolja fel valamennyit!
(A (푔 ∘ 푓)(푥) függvényt nem szükséges újra felírni.)
c) Keressen példát olyan 푝 és 푡, a valós számok halmazán értelmezett függvényre, amelyre
(푝 ∘ 푡)(푥) = (푡 ∘ 푝)(푥)!
Adja meg a 푝 és 푡 függvény hozzárendelési szabályát!
Emelt szintű érettségi vizsga; 2006. május 9.
33. a) Határozza meg a valós számoknak azt a legbővebb részhalmazát, amelyen a
√푥 − 6푥 + 9 kifejezés értelmezhető!
b) Ábrázolja a [−5; 8]intervallumon értelmezett 푓: 푥 ↦ √푥 − 6푥 + 9 függvényt!
c) Melyik állítás igaz és melyik hamis a fenti 푓 függvényre vonatkozóan?
A: Az 푓 értékkészlete: [0; 5].
B: Az 푓 függvény minimumát az 푥 = −3 helyen veszi fel.
C: Az 푓 függvény szigorúan monoton nő a [4; 8] intervallumon.
d) Határozza meg az ∫ (푥 − 6푥 + 9)푑푥 értékét!
Emelt szintű érettségi vizsga; 2007. május 8.
7
34. Az 푓(푥) = 3푥 + 푏 függvény grafikonjának az 푥 = 2 helyhez tartozó érintője áthalad az origón.
a) Hol metszi ez az érintő a parabola vezéregyenesét?
b) Számítsuk ki a függvénygörbe, az érintő és az 푦 tengely által közbezárt terület nagyságát.
KöMaL 2010. december; emelt szintű gyakorló feladatsor 7. feladat
35. Adott a valós számokon értelmezett
퐼(푥) = 푓(푡)푑푡
függvény, és tudjuk, hogy 푓(푡) = 3푡 + 4푡 − 1. Határozzuk meg az 퐼(푥) zérushelyeit, és azokat az intervallumokat, melyeken konvex, illetve konkáv a függvény.
KöMaL 2012. november; emelt szintű gyakorló feladatsor 3. feladat
8
II. Megoldások 1. Az 푦 = |푥 − 1| + |푥 + 1|függvény grafikonja és az 푦 = 푐 egyenletű egyenes által közrezárt
síkidom területe 30. Mekkora a 푐 állandó értéke?
KöMaL 2001. május; C. 631.
Megoldás:
|푥 − 1| = 푥 − 1,ha푥 ≥ 11 − 푥,ha푥 < 1 |푥 + 1| = 푥 + 1,ha푥 ≥ −1
−푥 − 1,ha푥 < −1
Ezért
푦 =2푥,ha푥 ≥ 12,ha − 1 ≤ 푥 < 1−2푥,ha푥 ≤ −1
Az 푦 = 푐 egyenes a függvény grafikonjával csak akkor fog közre területet, ha 푐 > 2, ekkor szimmetrikus trapéz keletkezik. A trapéz csúcsai (− 푐 2⁄ ; 푐); (푐 2; 푐⁄ ); (1; 2) és (−1; 2) , tehát a trapéz két alapja 2 és 푐; magassága pedig 푐 − 2. A trapéz területe:
푇 =(푐 + 2)(푐 − 2)
2= 30
푐 − 4 = 60 ⇒ 푐 = 8.
2. Hány zérushelye van az 푎 paramétertől függően az
푓(푥) = 푥 + 4푥 + 4 − 푎,ℎ푎푥 ≤ 0,푥 − 4푥 + 푎,ℎ푎푥 > 0
hozzárendeléssel megadott függvénynek?
KöMaL 2013. március; C. 1106.
9
Megoldás: 푥 + 4푥 + 4 − 푎 = (푥 + 2) − 푎 = |푥 + 2| − 푎;
푥 − 4푥 + 푎 = (푥 − 2) − 4 + 푎.
Az 푓függvényt külön vizsgáljuk az푥 ≤ 0 és az 푥 > 0 esetre. Az alábbi ábrán látható az |푥 + 2| és az (푥 − 2) − 4 függvény.
Az 푥 → |푥 + 2| − 푎 függvény zérushelyeinek a száma, ha 푥 ≤ 0:
풂 értéke zérushelyek száma
푎 < 0 0
푎 = 0 1
0 < 푎 ≤ 2 2
2 < 푎 1
Az 푥 → (푥 − 2) − 4 + 푎 függvény zérushelyeinek a száma, ha 푥 > 0:
풂 értéke zérushelyek száma
푎 ≤ 0 1
0 < 푎 < 4 2
푎 = 4 1
4 < 푎 0
Összefoglalva:
풂 értéke zérushelyek száma
푎 < 0 1
푎 = 0 2
0 < 푎 ≤ 2 4
2 < 푎 < 4 3
푎 = 4 2
4 < 푎 1
10
3. Adott az
푓(푥) =(푥 + 푎)
(푎 − 푏)(푎 − 푐)+
(푥 + 푏)(푏 − 푎)(푏 − 푐)
+(푥 + 푐)
(푐 − 푎)(푐 − 푏)
hozzárendelésű függvény, ahol 푎, 푏 és 푐 különböző valós számok. Határozzuk meg a függvény értékkészletét.
KöMaL 2010. szeptember; C.1043.
I. Megoldás:
Közös nevezőre hozzuk a törteket, összevonunk, a nevezőben is elvégezzük a szorzást:
푓(푥) =(푥 + 푎)
(푎 − 푏)(푎 − 푐)+
(푥 + 푏)(푏 − 푎)(푏 − 푐)
+(푥 + 푐)
(푐 − 푎)(푐 − 푏)=
=(푥 + 2푎푥 + 푎 )(푏 − 푐) − (푥 + 2푏푥 + 푏 )(푎 − 푐) + (푥 + 2푐푥 + 푐 )(푎 − 푏)
(푎 − 푏)(푎 − 푐)(푏 − 푐)=
=푥 (푏 − 푐 − 푎 + 푐 + 푎 − 푏) + 2푥(푎푏 − 푎푐 − 푎푏 + 푏푐 + 푎푐 − 푏푐)
(푎 − 푏)(푎 − 푐)(푏 − 푐)+
+푎 푏 − 푎 푐 − 푏 푎 + 푏 푐 + 푐 푎 − 푐 푏
(푎 − 푎푏 − 푎푐 + 푏푐)(푏 − 푐)=
=푎 푏 − 푎 푐 − 푏 푎 + 푏 푐 + 푐 푎 − 푐 푏
푎 푏 − 푎 푐 − 푎푏 + 푎푏푐 − 푎푏푐 + 푎푐 + 푏 푐 − 푏푐= 1
Az értékkészlet az {1} egyelemű halmaz. Ezért érdemes volt kitartani, de nincs-e egyszerűbb:
II. Megoldás:
Az 푓 függvény mindhárom tagja egy másodfokú kifejezés, ezért ezek összege legfeljebb másodfokú függvény.
푓(−푎) =(−푎 + 푎)
(푎 − 푏)(푎 − 푐)+
(−푎 + 푏)(푏 − 푎)(푏 − 푐)
+(−푎 + 푐)
(푐 − 푎)(푐 − 푏)=
= 0+푏 − 푎푏 − 푐
+푐 − 푎푐 − 푏
=푏 − 푎 − 푐 + 푎
푏 − 푐= 1.
Hasonlóan:푓(−푏) = 푓(−푐) = 1. Egy másodfokú függvény egy értéket legfeljebb kétszer, egy elsőfokú függvény egyszer vehet fel. Ezért az 푓 függvény konstans, értéke minden valós szám esetén 1-gyel egyenlő.
4. Az 푓: 푹 → 푹 függvényről tudjuk, hogy 푓(1) = 0, másrészt bármely két valós (푥, 푦) számra |푓(푥) − 푓(푦)| = |푥 − 푦|. Határozzuk meg az 푓 függvényt!
KöMaL 1983. február; Gy. 2103.
Megoldás:
Válasszuk az 푦 = 1 értéket és használjuk fel, hogy 푓(1) = 0. Ekkor
|푓(푥) − 푓(1)| = |푓(푥) − 0| = |푓(푥)| = |푥 − 1|,
tehát푓(푥) = 푥 − 1 vagy 푓(푥) = 1 − 푥.
11
Ha minden 푥-re 푓(푥) = 푥 − 1, akkor ez megoldás, hiszen ekkor minden 푥, 푦휖푹 esetén teljesül a feltétel:
|푓(푥) − 푓(푦)| = |푥 − 1 − 푦 + 1| = |푥 − 푦|.
Hasonlóan lehetséges, hogy 푓(푥) = 1 − 푥, mert minden 푥, 푦휖푹 esetén:
|푓(푥) − 푓(푦)| = |1 − 푥 − 1 + 푦| = |푦 − 푥| = |푥 − 푦|.
Ha 푥 = 1, akkor a két képlet ugyanazt az értéket adja.
Még meg kell vizsgálnunk, hogy van-e olyan 푥, 푦휖푹; 푥; 푦 ≠ 1, amelyre 푓(푥) = 푥 − 1 és 푓(푦) =1 − 푦 teljesül. Ekkor igaz lenne, hogy:
|푓(푥) − 푓(푦)| = |푥 − 1 − 1 + 푦| = |푥 + 푦 − 2| = |푥 − 푦|.
Ez csak akkor lehet igaz, ha 푥 + 푦 − 2 = 푥 − 푦 vagy 푥 + 푦 − 2 = 푦 − 푥. Az első esetben 푦 = 1, a második esetben 푥 = 1, de ezt nem engedtük meg. Tehát nincs olyan függvény, amelyre a hozzárendelési szabály bizonyos változóértékekre 푥 − 1, másokra pedig 1 − 푥 lenne.
5. Legyen a valós számok halmazán értelmezett 푙푎푐(푥) függvény hozzárendelési szabálya a következő:
푙푎푐(푥) = 푥,ℎ푎푥휖[2푛; 2푛 + 1],푎ℎ표푙푛휖풁,−푥 + 4푛 + 3,ℎ푎푥휖]2푛 + 1; 2푛 + 2[,푎ℎ표푙푛휖풁.
Oldjuk meg a 푙푎푐(2푥 + 푥 + 4) = 푙푎푐(푥 + 7푥 − 1) egyenletet a valós számok halmazán.
KöMaL 2010. május; C.1038.
Megoldás:
A hozzárendelési szabályt nézzük meg néhány konkrét 푛 természetes számra:
푙푎푐(푥) = 푥, ℎ푎푥휖[0; 1] vagy 푥휖[2; 3] vagy 푥휖[4; 5]…
푙푎푐(푥) = −푥 + 3, ha푥휖]1; 2[
푙푎푐(푥) = −푥 + 7,ha푥휖]3; 4[…
Megrajzoljuk a függvény grafikonját:
Látható (és belátható), hogy a függvény kölcsönösen egyértelmű függvény, minden értéket pontosan egyszer vesz fel, az 푹 halmazt az 푹 halmazra képezi le.
12
Így a 푙푎푐(2푥 + 푥 + 4) = 푙푎푐(푥 + 7푥 − 1)egyenlőség csak akkor teljesülhet, ha
2푥 + 푥 + 4 = 푥 + 7푥 − 1
푥 − 6푥 + 5 = 0
Tehát az egyenlet megoldásai:
푥 = 1;푥 = 5.
Ellenőrzéssel megmutathatjuk, hogy ezek valóban megoldások.
6. Legyen 푓(푥) = 푥 − 6푥 + 5. Ábrázoljuk a derékszögű koordináta-rendszerben azokat a 푃(푥; 푦) pontokat, amelyek (푥; 푦) koordinátáira
푓(푥) − 푓(푦) ≥ 0.
KöMaL 1988. február; Gy. 2423.
Megoldás:
푓(푥) − 푓(푦) = 푥 − 6푥 + 5 − 푦 + 6푦 − 5 = 푥 − 푦 − 6푥 + 6푦 =
= (푥 − 푦)(푥 + 푦) − 6(푥 − 푦) = (푥 − 푦)(푥 + 푦 − 6) ≥ 0
egyenlőtlenség megoldását keressük.
Egy szorzat akkor nulla, ha valamelyik tényezője 0, akkor pozitív, ha a két tényező azonos előjelű. Ezek alapján a fenti egyenlőtlenség akkor teljesül, ha
푥 − 푦 ≤ 0 és 푥 + 푦 − 6 ≤ 0
vagy
푥 − 푦 ≥ 0 és 푥 + 푦 − 6 ≥ 0
Az első esetben 푦 ≥ 푥 és 푦 ≤ 6 − 푥.Ábrázoljuk az 푦 = 푥 és 푦 = 6 − 푥 egyeneseket a koordináta-rendszerben. Azok az(푥; 푦) pontok, amelyekre ez teljesül, az első egyenes felett és a második egyenes alatt, illetve a két egyenesen vannak. Ez az ábra satírozott területe. A második esetben 푦 ≤ 푥 és 푦 ≥ 6 − 푥, ezt a lehetőséget a pontozott területen lévő pontok adják. A ponthalmazhoz a határoló egyenesek is hozzátartoznak.
A feladat megoldása a két terület együtt.
13
7. Az 푓(푥) = 푎푥 + 푏푥 + 푐 másodfokú függvénynek (푥 ∈ 푹) egy zérushelye van. Az 푓(푥) függvény minimumhelye 푥 = 푐. Mekkora lehet az 푎푐 szorzat értéke?
Arany Dániel Matematikai Tanulóverseny 2011/2012; haladók, I. kategória, 1. forduló
Megoldás:
Az 푓 függvénynek egy zérushelye van, ezért a diszkrimináns értéke 0: 퐷 = 푏 − 4푎푐 = 0.
A függvénynek minimuma van, tehát 푎 > 0.
A függvény a 푐 helyen veszi fel a minimumát. 푓(푥) = 푎 푥 + + 푐 − , amiből látható, hogy
a minimumhely 푐 = − , átrendezve 푏 = −2푎푐. Ezt a diszkriminánsra kapott értékbe helyettesítve azt kapjuk, hogy 4푎 푐 − 4푎푐 = 4푎푐(푎푐 − 1) = 0. Ez csak akkor teljesülhet, ha 푎푐 = 0 vagy 푎푐 = 1. Mindkét eset valóban megvalósulhat:
Ha 푎푐 = 0, akkor 푎 > 0 valós szám; 푐 = 0; 푏 = 0 ⇒ 푓(푥) = 푎푥 .
Ha 푎푐 = 1, akkor 푎 > 0 valós szám; 푐 = és 푏 = −2 ⇒ 푓(푥) = 푎푥 − 2푥 + .
8. Mi a legkisebb értéke a következő kifejezésnek:
푓(푥) = (푥 − 1)(푥 + 2)(푥 + 3)(푥 + 6)?
Arany Dániel Matematikai Tanulóverseny 1971; haladók, 1. forduló
I. Megoldás:
Az első és utolsó, illetve a két középső tényezőt szorozzuk össze:
푓(푥) = (푥 + 5푥 − 6)(푥 + 5푥 + 6).
Az (푎 + 푏)(푎 − 푏) = 푎 − 푏 azonosságot alkalmazva:
푓(푥) = (푥 + 5푥) − 36.
Egy szám négyzete sohasem lehet negatív, ezért ennek a függvénynek a legkisebb értéke −36. Ezt az értéket akkor veszi fel, amikor 푥 + 5푥 = 0, tehát 푥 = 0 vagy 푥 = −5.
II. Megoldás:
Nézzük meg, hogy ha nem jut eszünkbe az előbbi ötlet, hogyan juthatunk el a megoldáshoz. Végezzünk el minden szorzást:
푓(푥) = (푥 − 1)(푥 + 2)(푥 + 3)(푥 + 6) = (푥 + 푥 − 2)(푥 + 3)(푥 + 6) =
= (푥 + 푥 − 2푥 + 3푥 + 3푥 − 6)(푥 + 6) = (푥 + 4푥 + 푥 − 6)(푥 + 6) =
= 푥 + 4푥 + 푥 − 6푥 + 6푥 + 24푥 + 6푥 − 36 =
= 푥 + 10푥 + 25푥 − 36 = 푥 (푥 + 5) − 36.
Így is eljuthattunk a függvénynek ahhoz az alakjához, amelyből le tudjuk olvasni, hogy a minimum értéke −36, és ezt az 푥 = 0 és 푥 = −5 értékeknél veszi fel a függvény.
14
9. Határozzuk meg azokat a lineáris 푓(푥), 푔(푥), ℎ(푥)(푥 ∈ 푹) függvényeket, amelyekre
퐹(푥) = |푓(푥)| − |푔(푥)| + ℎ(푥) =−1,ha푥 < −1,3푥 + 2,ha − 1 ≤ 푥 < 0,−2푥 + 2,ha0 ≤ 푥.
Arany Dániel Matematikai Tanulóverseny 2012/2013; kezdők, I-II. kategória, 2. forduló III. kategória, 1. forduló
Megoldás:
Az 퐹 függvény megadásából következik, hogy az abszolútértékes kifejezések előjelváltása a −1 és a 0 helyeken van. Ezért az
퐹(푥) = |푎(푥 + 1)| − |푏푥| + 푐푥 + 푑(1)
illetve
퐹(푥) = |푎푥| − |푏(푥 + 1)| + 푐푥 + 푑(2)
alakban kereshetjük a függvényt, ahol 푎, 푏, 푐, 푑valós számok.
Először az (1) esetet vizsgáljuk:
|푎(푥 + 1)| = −|푎|(푥 + 1),ℎ푎푥 < −1,|푎|(푥 + 1),ℎ푎푥 ≥ −1.
|푏푥| = −|푏|푥,ℎ푎푥 < 0,|푏|푥,ℎ푎푥 ≥ 0.
Alkalmazva az 퐹 függvényre:
퐹(푥) = |푎(푥 + 1)| − |푏푥| + 푐푥 + 푑 =−|푎|푥 − |푎| + |푏|푥 + 푐푥 + 푑ha푥 < −1,|푎|푥 + |푎| + |푏|푥 + 푐푥 + 푑ha − 1 ≤ 푥 < 0,|푎|푥 + |푎| − |푏|푥 + 푐푥 + 푑ha0 ≤ 푥.
A feladatban megadott hozzárendelési szabály csak akkor egyezhet meg minden valós számra ezzel az összefüggéssel, ha a megfelelő együtthatók azonosak:
−|푎| + |푏| + 푐 = 0 −|푎| + 푑 = −1
|푎| + |푏| + 푐 = 3 |푎| + 푑 = 2
|푎| − |푏| + 푐 = −2 |푎| + 푑 = 2
Először határozzuk meg |푎|-t és 푑-t: |푎| = és 푑 = .
Ekkor
|푏| + 푐 =32
−|푏| + 푐 = −2 −32= −
72,
innen |푏| = ; 푐 = −1.
Tehát a keresett függvények ebben az esetben (푓-ben és 푔-ben egymástól függetlenül választható a + vagy – előjel):
푓(푥) = ±32(푥 + 1); 푔(푥) = ±
52푥; ℎ(푥) = −푥 +
12.
15
A (2) esetben hasonlóan gondolkodva:
퐹(푥) = |푎푥| − |푏(푥 + 1)| + 푐푥 + 푑 =−|푎|푥 + |푏|푥 + |푏| + 푐푥 + 푑ha푥 < −1,−|푎|푥 − |푏|푥 − |푏| + 푐푥 + 푑ha − 1 ≤ 푥 < 0,|푎|푥 − |푏|푥 −|푏| + 푐푥 + 푑ha0 ≤ 푥.
A hozzárendelési szabállyal összehasonlítva:
−|푎| + |푏| + 푐 = 0 |푏| + 푑 = −1
−|푎| − |푏| + 푐 = 3 −|푏| + 푑 = 2
|푎| − |푏| + 푐 = −2 −|푏| + 푑 = 2
A második oszlop egyenleteiből 푑 = , |푏| = − adódik, de egy szám abszolútértéke nem lehet negatív, így ebből az esetből nem kapunk újabb megoldást.
10. Jelölje 푷 a prímszámok halmazát! Legyen 푓: 푷 → 푹, 푥 ↦ , ahol {푧} a 푧 szám törtrészét
jelöli, (azaz {푧} = 푧 − [푧] és [푧] a 푧 egészrésze, vagyis az a legnagyobb egész szám, amely 푧-nél nem nagyobb)! Mi az 푓 függvény értékkészlete?
Arany Dániel Matematikai Tanulóverseny 2010/2011; kezdők, I-II. kategória, 2. forduló III. kategória, 1. forduló
Megoldás:
푓(2) =18; 푓(3) =
13
푓(푥) =(푥 − 1)(푥 + 1)
24
Legyen 푥 3-nál nagyobb prímszám. Ekkor 푥 nem osztható 2-vel, tehát (푥 − 1)és (푥 + 1) két szomszédos páros szám, így az egyik 4-gyel is osztható, szorzatuk pedig 8-cal. A 3-nál nagyobb 푥 3-mal sem osztható, tehát (푥 − 1)vagy (푥 + 1) osztható 3-mal. Ebből következik, hogy ilyen
esetben egész, így a törtrésze 0, 푓(푥) = 0.
Tehát a függvény értékkészlete a 0; ; halmaz.
11. A valós számok halmazán értelmezett másodfokú 푓(푥) függvény minden 푥 számra eleget tesz a
3 ∙ 푓(푥) + 푓(2 − 푥) = 푥 egyenlőségnek.
Hány olyan, 2005-nél nem nagyobb természetes szám van, amelyre igaz, hogy
푓(푥) >134?
OKTV 2005/2006; I. kategória, 1. forduló
Megoldás:
Legyen 푓(푥) = 푎푥 + 푏푥 + 푐, ahol 푎 ≠ 0; 푏; 푐 valós számok. Ekkor
3 ∙ (푎푥 + 푏푥 + 푐) + 푎(2 − 푥) + 푏(2 − 푥) + 푐 = 푥
3 ∙ (푎푥 + 푏푥 + 푐) + 푎(푥 − 4푥 + 4) + 푏(2 − 푥) + 푐 = 푥
16
4푎 ∙ 푥 + (2푏 − 4푎) ∙ 푥 + 4푎 + 2푏 + 4푐 = 푥 .
Ez csak akkor teljesülhet minden 푥-re, ha a megfelelő együtthatók a két oldalon egyelőek:
4푎 = 1
2푏 − 4푎 = 0;
4푎 + 2푏 + 4푐 = 0;
Ennek az egyenletrendszernek a megoldása:
푎 =14; 푏 =
12; 푐 = −
12.
Az alábbi egyenlőtlenséget oldjuk meg:
푓(푥) =14푥 +
12푥 −
12>134/∙ 4
푥 + 2푥 − 2 > 13
푥 + 2푥 − 15 > 0
Az 푥 + 2푥 − 15 = 0 egyenlet megoldásai: 푥 = 3 ; 푥 = −5, ezért az egyenlőtlenség megoldása:
푥 < −5vagy푥 > 3.
A feltételeknek megfelelő természetes számok: 4; 5; 6; … ; 2003; 2004; 2005.
Ilyen szám 2005 − 3 = 2002 darab van.
Megjegyzés:
A megfelelő 푓 függvényt az alábbi ötlettel is megkaphatjuk:
Az eredeti összefüggés mellé írjuk fel azt is, amit úgy kapunk, hogy 푥 helyébe (2 − 푥)-et helyettesítünk.
3 ∙ 푓(푥) + 푓(2 − 푥) = 푥 3 ∙ 푓(2 − 푥) + 푓(푥) = (2 − 푥)
Az első sor háromszorosából vonjuk ki a második sort:
8 ∙ 푓(푥) = 3 ∙ 푥 − (2 − 푥)
푓(푥) =3푥 − 4 + 4푥 − 푥
8=푥 + 2푥 − 2
4.
12. A minden valós számra értelmezett 푓(푥) függvényre 푓(푥 + 1) + 3푓(−푥) = |푥| teljesül. Adjuk meg az 푓 zérushelyeit!
Arany Dániel Matematikai Tanulóverseny 2008/2009; haladók, III. kategória, 2. forduló
Megoldás:
Alkalmazzuk először az 푢 = 푥 + 1 helyettesítést, majd az 푢 = −푥 helyettesítést
푓(푢) + 3푓(1 − 푢) = |푢 − 1|푓(1 − 푢) + 3푓(푢) = |−푢| = |푢|
A második egyenlet 3-szorosából az elsőt kivonva:
17
8푓(푢) = 3|푢| − |푢 − 1| ⇒ 푓(푢) =18(3|푢| − |푢 − 1|).
Most az 푢 = 푥 helyettesítést használva megkapjuk az 푓 függvényt:
푓(푥) =18(3|푥| − |푥 − 1|).
Az 푓 függvény zérushelyeit a
3|푥| − |푥 − 1| = 0 ⇒ 3|푥| = |푥 − 1|
egyenlet megoldásai adják:
Ha 푥 < 0,akkor |푥 − 1| = 1 − 푥;|푥| = −푥: −3푥 = 1 − 푥 ⇒ 푥 = −0,5, ami megfelel az푥 < 0 feltételnek.
Ha 0 ≤ 푥 < 1,akkor |푥 − 1| = 1 − 푥;|푥| = 푥: 3푥 = 1 − 푥 ⇒ 푥 = 0,25, ami megfelel a0 ≤ 푥 < 1 feltételnek.
Ha 푥 ≥ 1,akkor |푥 − 1| = 푥 − 1;|푥| = 푥: 3푥 = 푥 − 1 ⇒ 푥 = −0,5, ami nem felel meg az푥 ≥ 1 feltételnek.
Az 푓 függvény zérushelyei: 푥 = −0,5 és 푥 = 0,25.
13. Legyen 푓 az 푥 = 1 hely kivételével minden valós számra értelmezett olyan függvény, amely bármely 푥 ≠ 0 esetén eleget tesz az
푓(푥) + 3푓1푥
=푐푥
푥 − 1
egyenletnek. Számítsuk ki a 푐 valós paraméter értékét, ha tudjuk, hogy:
lim→
푓(푥) = 5.
OKTV 1978; 2. forduló
Megoldás:
Ha 푥 ≠ 0 és 푥 ≠ 1, akkor 푥 helyébe írhatunk -et:
푓1푥
+ 3푓(푥) =푐 1푥1푥 − 1
=푐
1 − 푥
Ennek az egyenletnek a háromszorosából kivonjuk az eredeti egyenlőséget:
8푓(푥) =3푐
1 − 푥−
푐푥푥 − 1
=3푐 + 푐푥1 − 푥
⇒ 푓(푥) =18∙푐(푥 + 3)1 − 푥
.
Ekkor:
lim→
18∙푐(푥 + 3)1 − 푥
=18∙ lim
→
푐 1 + 3푥
1푥 − 1
=18∙푐(1 + 0)0 − 1
= −푐8.
A feladat feltétele miatt
−푐8= 5 ⇒ 푐 = −40.
18
Ha 푥 ≠ 0; 1, akkor 푓(푥) = ( ), aminek a határértéke a végtelenben valóban 5. A függvény az 푥 = 1 helyen nincs értelmezve, az 푥 = 0 és helyen pedig a feladat szempontjából tetszőleges értéket felvehet.
14. Adjuk meg a valós számoknak azt a legbővebb részhalmazát, amelyen az alábbi 푓 függvény értelmezhető, és határozzuk meg a függvény értékkészletét ezen az értelmezési tartományon.
푓(푥) = 1 − 푥 − √2 − 푥.
OKTV 2008/2009; II. kategória, 2. forduló
Megoldás:
Csak nemnegatív szám négyzetgyökét értelmezzük a valós számok körében, ezért √2 − 푥 akkor van értelmezve, ha 푥 ≤ 2.
푥 − √2 − 푥 miatt 푥 ≥ √2 − 푥. A négyzetgyök értéke mindig nagyobb vagy egyenlő mint nulla, ezért az 푥 ≥ 0 feltételnek is teljesülnie kell. Ekkor az egyenlőtlenséget négyzetre emelve az eredetivel ekvivalens egyenlőtlenséget kapunk:
푥 ≥ 2 − 푥 ⇒ 푥 + 푥 − 2 = (푥 − 1)(푥 + 2) ≥ 0.
A másodfokú kifejezés két zérushelye 푥 = 1 és 푥 = −2, a másodfokú tag együtthatója pozitív, ezért az egyenlőtlenség megoldása: 푥 ≤ −2 vagy 푥 ≥ 1.
Az eddigi feltételek együttesen 1 ≤ 푥 ≤ 2 esetén teljesülnek. (1)
1 − 푥 − √2 − 푥 értelmezéséhez még meg kell vizsgálni az1 − 푥 − √2 − 푥 ≥ 0 feltételt. Ekkor
1 ≥ 푥 − √2 − 푥.
Mindkét oldal nemnegatív, ezért négyzetre emelhetünk:
1 ≥ 푥 − √2 − 푥
√2 − 푥 ≥ 푥 − 1
Az1 ≤ 푥 ≤ 2 feltétel mellett mindkét oldal nemnegatív, ezért újra négyzetre emelhetünk:
2 − 푥 ≥ 푥 − 2푥 + 1 ⇒ 0 ≥ 푥 − 푥 − 1.
Az 푥 − 푥 − 1 = 0 egyenlet gyökei: √ és √ , ezért az egyenlőtlenség megoldása:
1 − √52
≤ 푥 ≤1 + √52
.
Figyelembe véve az (1) feltételt a függvény értelmezési tartománya az 1; √ intervallum.
Felhasználva, hogy a √푥 függvény szigorúan monoton nő megmutatjuk, hogy az 푓 függvény szigorúan monoton csökken:
19
Ha 푥 < 푥 , akkor 2 − 푥 > 2 − 푥 . Így 푥 − 2 − 푥 < 푥 − 2 − 푥 .
Ebből következik, hogy 1 − 푥 − 2 − 푥 > 1 − 푥 − 2 − 푥 .
Az 푓 függvény folytonos, mert a négyzetgyökfüggvény az értelmezési tartomány pontjaiban folytonos, ezért az ilyen összetétellel kapott függvény is az.
A monotonitásból és a folytonosságból következik, hogy az értekkészlet az 푓 √ ; 푓(1) intervallum.
푓1 + √52
= 1 −1 + √52
− 2 −1 + √52
= 1 −1 + √52
−3 − √52
=
= 1 −1 + √52
−6 − 2√5
4= 1 −
1 + √52
−√5 − 12
= √1 − 1 = 0,
푓(1) = 1 − 1 − √2 − 1 = 1,
ezért az értékkészlet a [0; 1] intervallum.
15. Mutassuk meg, hogy a valós számokon értelmezett
푓(푥) = sin 푥 + sin 푥 ∙ √2
függvény sohasem veszi fel a +2 illetve −2 értékeket!
OKTV 1984; speciális matematika tantervű osztályok versenye; 3. fordulós feladat részlete
Megoldás:
sin푥 ≤ 1; sin 푥 ∙ √2 ≤ 1 ⇒ sin 푥 + 푠푖푛 푥 ∙ √2 ≤ 2.
A 2 értéket csak akkor érhetné el, ha a két tag ugyanarra az 푥 értékre venné fel a +1 értéket, tehát lenne olyan 푘 és 푙 egész szám és 푥 valós szám, amelyre
푥 =휋2+ 2푘휋és푥 ∙ √2 =
휋2+ 2푙휋.
Ekkor
√2휋2+ 2푘휋 =
휋2+ 2푙휋
√2휋(4푘 + 1)2
=휋(4푙 + 1)
2
√2 =4푙 + 14푘 + 1
20
teljesülne valamilyen 푘, 푙 egész számokra. Tudjuk, hogy √2 irracionális, tehát ilyen 푘, 푙 nem létezik.
Ezzel beláttuk, hogy sin 푥 + 푠푖푛 푥 ∙ √2 < 2 minden valós 푥-re.
Hasonlóan belátható, hogy sin푥 + 푠푖푛 푥 ∙ √2 > −2 minden valós 푥-re.
Megjegyzés:
Elkészítettük a függvény grafikonját GeoGebra programmal. Az ábra alapján az a sejtésünk, hogy a függvényértékek tetszőlegesen közel lehetnek a +2-höz, illetve a −2-höz, de azt sohasem érik el. Ez valóban igaz, de a bizonyítást csak a bátraknak ajánljuk.
16. Az 푓 függvény értelmezési tartománya a pozitív egész számok halmaza, és a függvény értékei is
pozitív egészek. Határozzuk meg az összes olyan 푓 függvényt, amelyre teljesül, hogy minden pozitív egész 푛 esetén
푓 (푖) = 푓 (1) + 푓 (2) +⋯+ 푓 (푛) = (푓(1) + 푓(2) + ⋯+ 푓(푛)) = 푓(푖)
OKTV 2012/2013; II. kategória, 3. forduló
Megoldás:
Ismert, hogy
1 + 2 + 3 +⋯+ 푛 =푛(푛 + 1)
2= (1 + 2 + 3 +⋯+ 푛) .
Ezért a pozitív egész számokra értelmezett 푓(푛) = 푛 függvény megoldása a feladatnak.
Teljes indukcióval belátjuk, hogy más függvény nem lehet megoldás.
Bizonyítunk 풏 = ퟏ-re:
푓 (1) = (푓(1)) .
(푓(1)) pozitív egész, ezért oszthatunk vele, tehát 푓(1) = 1.
Feltételezzük, hogy 풌 ≤ 풏-re igaz az állítás:
푓(푘) = 푘.
Bizonyítunk (풏 + ퟏ)-re:
1 + 2 + 3 +⋯+ 푛 + 푓 (푛 + 1) = (1 + 2 + 3 + ⋯+ 푛 + 푓(푛 + 1))
21
푛(푛 + 1)2
+ 푓 (푛 + 1) =푛(푛 + 1)
2+ 푓(푛 + 1)
푛(푛 + 1)2
+ 푓 (푛 + 1) =푛(푛 + 1)
2+ 2 ∙
푛(푛 + 1)2
∙ 푓(푛 + 1) + 푓 (푛 + 1)
푓 (푛 + 1) = 푛(푛 + 1) ∙ 푓(푛 + 1) + 푓 (푛 + 1)
푓(푛 + 1) > 0, ezért oszthatunk vele:
푓 (푛 + 1) = 푛(푛 + 1) + 푓(푛 + 1)
푓 (푛 + 1) − 푓(푛 + 1) − 푛(푛 + 1) = 0.
A másodfokú egyenlet megoldásai:
푓(푛 + 1) =1 ± 1 + 4푛(푛 + 1)
2=1 ± √4푛 + 4푛 + 1
2=1 ± (2푛 + 1)
2,
tehát 푓(푛 + 1) = 푛 + 1 vagy 푓(푛 + 1) = −푛.
A függvény csak pozitív értékeket vehet fel, ezért csak az első eset lehetséges.
Így teljes indukcióval beláttuk, hogy az egyetlen függvény az 푓(푛) = 푛 függvény.
17. Határozzuk meg azt az 푓 függvényt, amely
a) minden nemnegatív egészhez nemnegatív egész számot rendel hozzá, különböző egészekhez különböző egészeket;
b) minden nemnegatív egész 푛-re kielégíti az
푓 (0) + 푓 (1) + ⋯+ 푓 (푛) ≤푛(푛 + 1)(2푛 + 1)
6
egyenlőtlenséget.
Nemzetközi Magyar Matematika Verseny 1995.
Megoldás:
Az első 푛 pozitív egész szám négyzetének az összege ( )( ). Ez alapján az a sejtésünk, hogy a feladat feltételének az 푓(푛) = 푛 függvény felel meg.
Bizonyítunk 풏 = ퟎ-ra:
A feladat feltétele szerint 푓(0) nemnegatív egész és
푓 (0) ≤0 ∙ (0 + 1)(2 ∙ 0 + 1)
6= 0,
Így 푓(0) csak 0 lehet.
Feltételezzük, hogy 풌 ≤ 풏-re igaz az állítás:
푓(푘) = 푘.
Bizonyítunk (풏 + ퟏ)-re:
푓 (0) + 푓 (1) +⋯+ 푓 (푛) + 푓 (푛 + 1) =
22
=푛(푛 + 1)(2푛 + 1)
6+ 푓 (푛 + 1) ≤
(푛 + 1)(푛 + 2)(2푛 + 3)6
Tehát 푓(푛 + 1) nemnegatív egész és:
푓 (푛 + 1) ≤(푛 + 1)(푛 + 2)(2푛 + 3)
6−푛(푛 + 1)(2푛 + 1)
6=
=(푛 + 1)(2푛 + 7푛 + 6 − 2푛 − 푛)
6= (푛 + 1) .
푓(푛 + 1) ≤ 푛 + 1.
푓(푛 + 1) már nem lehet 0; 1; 2; … ; 푛, hiszen ezeket a 푘 ≤ 푛 esetekre „elhasználtuk”, így
푓(푛 + 1) = 푛 + 1.
Teljes indukcióval beláttuk, hogy egyetlen függvény lehet, amely teljesíti a feladat feltételeit, az 푓(푛) = 푛 függvény. Ez a függvény valóban megfelel a feltételeknek.
18. A természetes számok halmazán értelmezett 푓 függvényre teljesül a következő egyenlőség:
푓(1) + 2 푓(2) + 3 푓(3) +⋯+ 푛 푓(푛) = 푛 푓(푛)
tetszőleges 푛 ≥ 1 esetén. Határozzuk meg 푓(2008) értékét, ha 푓(1) = 2008!
Nemzetközi Magyar Matematika Verseny 2008.
Megoldás:
Alkalmazzuk az összefüggést n-re és (푛 − 1)-re (푛 ≥ 2):
푓(1) + 2 푓(2) + 3 푓(3) + ⋯+ (푛 − 1) 푓(푛 − 1) + 푛 푓(푛) = 푛 푓(푛).
푓(1) + 2 푓(2) + 3 푓(3) +⋯+ (푛 − 1) 푓(푛 − 1) = (푛 − 1) 푓(푛 − 1)
Az első egyenletből vonjuk ki a másodikat:
푛 푓(푛) = 푛 푓(푛) − (푛 − 1) 푓(푛 − 1).
Átrendezve:
(푛 − 1) 푓(푛 − 1) = (푛 − 푛 )푓(푛)
(푛 − 1) 푓(푛 − 1) = 푛 (푛 − 1)푓(푛)
푛 ≥ 2 , ezért oszthatunk (푛 − 1)-gyel:
(푛 − 1) 푓(푛 − 1) = 푛 푓(푛)
푓(푛) =(푛 − 1)
푛푓(푛 − 1).
Alkalmazzuk ezt a rekurzív összefüggést:
푓(푛) =(푛 − 1)
푛푓(푛 − 1) =
(푛 − 1)푛
∙(푛 − 2)(푛 − 1)
∙(푛 − 3)(푛 − 2)
∙ … ∙12∙ 푓(1) =
1푛
∙ 푓(1) =2008푛
.
Ez alapján
푓(2008) =20082008
=1
2008.
23
19. Egy minden valós számra értelmezett 푓 függvény minden (푥; 푦) valós számpárra kielégíti a következő egyenlőtlenségeket:
푓(푥) ≤ 푥
푓(푥 + 푦) ≤ 푓(푥) + 푓(푦).
Bizonyítsuk be, hogy minden valós 푥-re 푓(푥) = 푥.
A Kürschák József Matematikai Tanulóverseny 1979. évi 2. feladata
Megoldás:
Válasszuk először az 푥 = 0 értéket, ekkor az első egyenlőtlenség alapján 푓(0) ≤ 0. Ha a második egyenlőtlenségben 푦 = 0-t veszünk, akkor 푓(푥) ≤ 푓(푥) + 푓(0), tehát 0 ≤ 푓(0). Ez a két feltétel csak 푓(0) = 0 esetén teljesül.
Az első egyenlőtlenség alapján:
푓(푥) ≤ 푥 és 푓(−푥) ≤ −푥 , tehát 푓(푥) + 푓(−푥) ≤ 0.
Alkalmazzuk a második egyenlőtlenséget 푦 = −푥-re:
0 = 푓(0) = 푓(푥 − 푥) ≤ 푓(푥) + 푓(−푥)
E két összefüggésből 푓(푥) + 푓(−푥) = 0, azaz 푓(−푥) = −푓(푥) adódik.
Az első egyenlőtlenséget −푥-re felírva:
−푓(푥) = 푓(−푥) ≤ −푥,
Az egyenlőtlenséget (−1)-gyel szorozva: 푓(푥) ≥ 푥.
Az 푓(푥) ≤ 푥 feltételnek is teljesülnie kell, ez csak akkor lehetséges, ha 푓(푥) = 푥. Erre a függvényre a feladat feltételei teljesülnek.
20. A 푔(푥) = | | + | | függvény értelmezési tartománya: 푹\{0; 9}, értékkészlete:
(퐴){0} (퐵){2} (퐶){0; 2} (퐷){−2; 2} (퐸){−2; 0; 2}
Gordiusz Matematika Tesztverseny 2000; 9. osztály, megyei forduló
Megoldás:
Ha 푥 < 0, akkor |푥| = −푥, |푥 − 9| = 9 − 푥, tehát
푔(푥) =푥|푥|
+푥 − 9|푥 − 9|
=푥−푥
+푥 − 99 − 푥
= −2.
Ha 0 < 푥 < 9, akkor |푥| = 푥, |푥 − 9| = 9 − 푥, tehát
푔(푥) =푥|푥|
+푥 − 9|푥 − 9|
=푥푥+푥 − 99 − 푥
= 0.
Ha 9 < 푥, akkor |푥| = 푥, |푥 − 9| = 푥 − 9, tehát
푔(푥) =푥|푥|
+푥 − 9|푥 − 9|
=푥푥+푥 − 9푥 − 9
= 2.
A 푔 függvény értékkészlete ez alapján {−2; 0; 2}. Így a helyes válasz 푬.
24
21. Az ábrán az 푓(푥) függvény grafikonja látható. Hány megoldása van az |푓(푥)| − 1 = egyenletnek a [−2; 2]intervallumon?
(퐴)2 (퐵)4 (퐶)5 (퐷)6 (퐸)8
Gordiusz Matematika Tesztverseny 2011; 10. osztály, megyei forduló
Megoldás:
Függvénytranszformációk segítségével lépésenként ábrázolunk az alábbi ábrákon látható módon:
Az alábbi ábráról pedig leolvasható, hogy az |푓(푥)| − 1 = egyenletnek az ábrázolt intervallumon 6 megoldása van, de ezek közül csak 4 esik a [−2; 2]intervallumba, ezért a 푩 a helyes válasz.
22. Melyik az a legnagyobb valós szám, amelyre az 푓(푔(푥)) ≤ 푔(푓(푥)) egyenlőtlenség igaz, ha 푓(푥) = 3 − 1 és 푔(푥) = 3푥 + 2?
(퐴) − 2 (퐵) − 0,5 (퐶)0 (퐷)0,5 (퐸) Nincs ilyen szám.
Gordiusz Matematika Tesztverseny 2007; 11. osztály, megyei forduló
25
Megoldás:
푓 푔(푥) = 3 − 1 és 푔 푓(푥) = 3 ∙ (3 − 1) + 2, ezért az alábbi egyenlőtlenséget kell megoldanunk:
3 − 1 ≤ 3 ∙ (3 − 1) + 2
3 − 1 ≤ 3 − 1
3 ≤ 3
A 3-as alapú exponenciális függvény szigorúan monoton nő, ezért:
3푥 + 2 ≤ 푥 + 1
푥 ≤ −0,5
푥 = −0,5 a legnagyobb valós szám, amelyre az egyenlőtlenség teljesül. tehát a 푩 a jó válasz.
23. A valós számokon értelmezett 푓(푥) függvényre bármely 푥 ≠ 0 esetén igaz, hogy
2 ∙ 푓(푥) + 푓 = 5푥 + 4. Jelölje 푆 azon valós 푥-ek összegét, amelyekre 푓(푥) = 2007. Melyik az 푆-hez legközelebbi egész szám?
(퐴) − 1 (퐵)0 (퐶)602 (퐷)5014 (퐸)6021
Gordiusz Matematika Tesztverseny 2007; 12. osztály, döntő
Megoldás:
Írjuk fel az összefüggést푥 –re és -re is:
2 ∙ 푓(푥) + 푓1푥
= 5푥 + 4
2 ∙ 푓1푥
+ 푓(푥) = 5 ∙1푥+ 4
Az első egyenlet kétszereséből kivonjuk a második egyenletet:
3 ∙ 푓(푥) = 10푥 + 8 − 5 ∙1푥− 4 = 10푥 −
5푥+ 4
Ebből megkapjuk az 푓 függvény hozzárendelési szabályát:
푓(푥) =10푥 + 4푥 − 5
3푥.
Azokat az 푥-eket keressük, amelyre:
푓(푥) =10푥 + 4푥 − 5
3푥= 2007,
azaz
10푥 + 4푥 − 5 = 6021푥
10푥 − 6017푥 − 5 = 0
26
Ennek a másodfokú egyenletnek a diszkriminánsa pozitív (6017 + 200), ezért két valós megoldása van az egyenletnek. Ekkor a gyökök és együtthatók közötti összefüggés alapján a két gyök összege 푆 = 601,7. Az 푆-hez legközelebbi egész szám a 602, tehát a jó válasz 푪.
24. Legyen 푓(푥) = 16 + (3 − 푥) + 64 + (9 − 푥) . Határozzuk meg a függvény minimum-helyét és a minimum értékét!
Megoldás:
A négyzetgyökös kifejezésekhez hasonló kifejezéssel számoljuk ki két pont távolságát koordináta-geometriai feladatokban. Megpróbálunk ennek ismeretében szemléletes jelentést adni az 푓(푥) függvénynek.
Vegyük az 퐴(3; 4)és 퐵(9; 8) pontokat. Az 푥-tengely mely 푃(푥; 0) pontjára lesz a 푃퐴 + 푃퐵távolság a legkisebb? Ekkor a 푃퐴 + 푃퐵 = 16 + (3 − 푥) + 64 + (9 − 푥) kifejezés minimumát keressük.
Ha az 퐴 pontot tükrözzük az 푥-tengelyre, akkor az 퐴′ pontot kapjuk és 퐴 푃 = 퐴푃.
A feladatunk most az, hogy 퐴′ és 퐵 között a legrövidebb utat megadjuk. Ha 퐴′퐵 és az 푥-tengely metszéspontja 푃 , akkor egy tetszőleges 푃(푥; 0) pont esetében a háromszög-egyenlőtlenség alapján:
퐴푃 + 푃퐵 = 퐴 푃 + 푃퐵 ≥ 퐴 퐵 = 퐴푃 + 푃 퐵.
Így a 푃 pont esetében lesz a legkisebb a keresett távolság.
Az 퐴 és 퐵 pontokon átmenő egyenes egyenlete 푦 = 2푥 − 10, ezért az 푥-tengelyt a 푃 (5; 0) pontban metszi.
Ezzel beláttuk, hogy a kifejezés a minimumát az 푥 = 5 értékre veszi fel, ekkor a minimum értéke
√16 + 4 + √64 + 16 = 6√5.
27
25. Határozzuk meg azt az 푓: 푅 → 푅; 푓(푥) = 푥 + 푏푥 + 푐(푏 és 푐 valós állandók) alakú másodfokú függvényt, amelyhez van olyan 푝 számérték, amelyre
푓(푝) = 2푝 ,푓(2푝) = 3푝 + 1,푓(3푝) = 4푝 + 4
egyidejűleg teljesül! Mennyi a 푝 értéke?
Írásbeli felvételi feladat a műszaki főiskolák nulladik évfolyamai számára; 1998
Megoldás:
Behelyettesítjük a megfelelő értékeket:
푝 + 푏푝 + 푐 = 2푝 (1)
4푝 + 2푏푝 + 푐 = 3푝 + 1(2)
9푝 + 3푏푝 + 푐 = 4푝 + 4(3)
Vonjuk ki a második egyenletből az elsőt, a harmadikból a másodikat:
3푝 + 푏푝 = 푝 + 1(4)
5푝 + 푏푝 = 푝 + 3(5)
(5) − (4) alapján:
2푝 = 2 ⇒ 푝 = ±1.
Még meg kell néznünk, hogy ezekhez a 푝 értékekhez van-e megfelelő 푏, 푐.
Ha 푝 = 1, akkor az (1) és(2) egyenlet: 푏 + 푐 = 1
2푏 + 푐 = 0
Ennek az egyenletrendszernek a megoldása (amelyre (3) is teljesül):
푏 = −1; 푐 = 2, ekkor푓(푥) = 푥 − 푥 + 2.
Ha 푝 = −1, akkor az (1) és(2) egyenlet: −푏 + 푐 = 1
−2푏 + 푐 = 0
Ennek az egyenletrendszernek a megoldása (amelyre (3) is teljesül):
푏 = 1; 푐 = 2, ekkor푓(푥) = 푥 + 푥 + 2.
Tehát 푝 lehet +1 és −1 is.
26. a) Határozza meg a valós számoknak azt a legbővebb 퐻 halmazát, amelyen a log (sin 푥 + cos 푥) kifejezés értelmezhető!
b) Mi a fenti H halmazon az 푓(푥) = log (sin 푥 + cos 푥) képlettel definiált f függvény
értékkészlete?
c) Hol monoton növekedő ez az 푓 függvény?
Írásbeli érettségi-felvételi feladat; 2001
28
Megoldás:
a) A logaritmusfüggvény csak pozitív számokra van értelmezve, (sin푥 + cos 푥) ≥ 0. Így azokat az értékeket kell kizárnunk, amelyekre sin 푥 + cos 푥 = 0.
Ekkor sin푥 = −cos 푥, azaz 푥 = + 푘휋,ahol 푘 ∈ 풁.
Tehát 퐻 = 푥 ∈ 푹|푥 ≠ + 푘휋; 푘 ∈ 풁 .
b) (sin 푥 + cos 푥) = 푠푖푛 푥 + 푐표푠 푥 + 2 ∙ sin푥 ∙ cos 푥 = 1 + sin 2푥 . Egy szög szinusza −1 és +1 közötti értékeket vehet fel, ezért
0 ≤ 1 + sin 2푥 ≤ 2,
de az értelmezési tartományból a 0 értéket kizártuk, így
0 < 1 + sin 2푥 ≤ 2.
A két határ között a kifejezés minden valós értéket felvesz, ha 푥 ∈ 퐻.
Az alapú logaritmusfüggvény szigorúan monoton csökken, ezért
−1 = log 2 ≤ log (sin 푥 + cos 푥) .
A (sin푥 + cos 푥) tetszőlegesen megközelítheti a 0-t, így log (sin 푥 + cos 푥)
tetszőlegesen nagy valós értéket felvehet.
A függvény értékkészlete [−1;∞[.
c) Az alapú logaritmusfüggvény szigorúan monoton csökken, ezért azlog (sin푥 + cos 푥)
függvény ott lesz monoton növekedő, ahol az 1 + sin 2푥 függvény, azaz a sin 2푥függvény monoton csökkenő. Ez pedig
휋2+ 2푘휋 ≤ 2푥 ≤
3휋2+ 2푘휋 ⇒
휋4+ 푘휋 ≤ 푥 ≤
3휋4+ 푘휋,푘 ∈ 풁
esetén teljesül.
Az értelmezési tartományt figyelembe véve a függvény monoton nő, ha:
휋4+ 푘휋 ≤ 푥 <
3휋4+ 푘휋,푘 ∈ 풁.
A függvény grafikonját GeoGebra programmal elkészítve az alábbi ábrát kapjuk.
29
27. Határozza meg a következő függvény értelmezési tartományát:
푓(푥) =4푥 − 13푥 + 3−푥 + 3푥 + 10
.
Nemzetközi Előkészítő Intézet vizsgadolgozatának feladata; 1981
Megoldás:
A tört nevezője nem lehet 0, ezért
−푥 + 3푥 + 10 ≠ 0 ⇒ 푥 ≠ −2; 5.
A négyzetgyök alatt csak nemnegatív szám állhat, ezért:
4푥 − 13푥 + 3−푥 + 3푥 + 10
≥ 0.
4푥 − 13푥 + 3 = 0, ha 푥 = 3vagy 푥 = 0,25.
A másodfokú függvény zérushelyei alapján eldönthetjük, hogy mely tartományokban vesz fel pozitív, illetve negatív értéket. Az alábbi számegyenesen látható a számláló és a nevező előjele az egyes tartományokban.
Egy tört akkor nulla, ha a számláló nulla, és akkor pozitív, ha a számláló és a nevező azonos előjelű.
Így az 푓 függvény akkor értelmezhető, ha
−2 < 푥 ≤ 0,25 vagy 3 ≤ 푥 < 5푥 ∈ 푹.
28. Állapítsa meg a valós számok halmazának azt a legbővebb részhalmazát, amelyen a következő kifejezések értelmezhetőek! Adja meg a kifejezések legnagyobb és legkisebb értékét!
a) log 0,5 ;
b) √1 − sin 푥;
c) log 0,5 √1 − sin 푥.
Közgazdaságtudományi egyetemekre és főiskolákra felvételizők írásbeli érettségi-felvételi feladata; 1992
Megoldás:
a) 0,5 > 0mindig teljesül, ezértlog 0,5 mindig értelmezhető.
30
log 0,5 = log = log 2 = − sin 푥, ezért a kifejezés legnagyobb
értéke +1, a legkisebb értéke −1. A maximumot 푥 = − + 2푘휋, a minimumot
푥 = + 2푘휋esetén veszi fel, ahol푘 ∈ 풁.
b) 1 − sin 푥 = cos 푥 ≥ 0,ezért a négyzetgyökös kifejezés mindig értelmezhető.
√1 − sin 푥 = √cos 푥 = |cos 푥|, így a kifejezés 0 és 1 közötti értékeket vesz fel. A minimumot,0-t푥 = + 푘휋esetén, a maximumot,1-et 푥 = 푘휋esetén(푘 ∈ 풁).
c) az a) és b) pont szerint log 0,5 ∙ √1 − sin 푥 = −sin푥 ∙ |cos 푥| mindigértelmezhető.
− sin푥 ∙ |cos 푥| =− sin 푥 ∙ cos 푥 = −
12sin2푥,ha cos 푥 ≥ 0,
sin 푥 ∙ cos 푥 =12sin2푥,ha cos 푥 < 0.
− ≤ sin 2푥 ≤ ,ezértakifejezésértékkészletea − ; intervallum.
Afüggvénygrafikonjasegítaminimum-ésmaximumhelyekmegadásában:
minimumhelyek:푥 = + 2푘휋;푥 = + 2푘휋푘 ∈ 풁,
maximumhelyek:푥 = − + 2푘휋;푥 = − + 2푘휋푘 ∈ 풁.
29. Adja meg a valós számoknak azt a legbővebb részhalmazát, amelyen az alábbi függvények értelmezhetőek:
a) 푥 ↦
b) 푥 ↦ tg푥 c) 푥 ↦ tg√푥. Írásbeli érettségi-felvételi feladatok; 1998
Megoldás:
a) A tört nevezője nem lehet 0, ezért tg푥 ≠ 0, a függvény értelmezési tartománya:
푥 ∈ 푹 푥 ≠휋2+ 푘휋 ; 푘 ∈ 풁
b) Négyzetgyök alatt nem lehet negatív szám, ezért tg푥 ≥ 0, a függvény értelmezési tartománya:
푥 ∈ 푹 푘휋 ≤ 푥 <휋2+ 푘휋 ; 푘 ∈ 풁
31
c) A négyzetgyök miatt 푥 ≥ 0, a tangens értelmezése miatt
√푥 ≠휋2+ 푘휋 ⇒ 푥 ≠
휋2+ 푘휋 ; 푘 ∈ 푵.
Ezek alapján a függvény értelmezési tartománya
푹 \휋2+ 푘휋 ; 푘 ∈ 푵 .
30. Legyen 푝 valós paraméter. Tekintsük a valós számok halmazán értelmezett 푓 függvényt, amelynek hozzárendelési szabálya 푓(푥) = −3푥 + (푝 − 3)푥 + 푝 푥 − 6.
a) Számítsa ki a ∫ 푓(푥)푑푥 határozott integrál értékét, ha 푝 = 3!
b) Határozza meg a 푝 értékét úgy, hogy az 푥 = 1 zérushelye legyen az 푓 függvénynek!
c) Határozza meg a 푝 értékét úgy, hogy az 푓 függvény deriváltja az 푥 = 1 helyen pozitív legyen!
Emelt szintű érettségi vizsga; 2012. május 8.
Megoldás:
a) 푝 = 3 esetén a függvény 푓(푥) = −3푥 + 9푥 − 6. Ekkor
(−3푥 + 9푥 − 6) 푑푥 = [−0,75푥 + 4,5푥 − 6푥] = −12 + 18 − 12 = −6.
b) Ha 푥 = 1 -et helyettesítünk a függvénybe, nulla értéket kell kapnunk:
−3 + 푝 − 3 + 푝 − 6 = 0 ⇒ 푝 + 푝 − 12 = 0.
A másodfokú egyenlet megoldásával kapjuk:
푝 = 3vagy푝 = −4.
c) 푓 (푥) = −9푥 + 2(푝 − 3)푥 + 푝 , 푓 (1) = −9 + 2(푝 − 3) + 푝 = 푝 + 2푝 − 15.
A 푝 + 2푝 − 15 > 0 egyenlőtlenséget kell megoldanunk. A 푝 + 2푝 − 15 = 0 egyenlet megoldásai 푝 = 3; 푝 = −5. Az egyenlőtlenség megoldása így 푝 < −5 vagy 푝 > 3.
31. Legyen 푓(푥) = − + + − 푎, ahol 푎 pozitív valós szám és 푥 ∈ 푹.
a) Igazolja, hogy ∫ 푓(푥) 푑푥 = −푎 + 푎.
b) Mely pozitív 푎 számokra teljesül, hogy ∫ 푓(푥)푑푥 ≥ 0 ?
c) Az 푥 mely pozitív valós értéke esetén lesz a 푔(푥) = −푥 + 푥 függvénynek lokális (helyi) maximuma?
Emelt szintű érettségi vizsga; 2010. május 4.
Megoldás:
a) ∫ − + + − 푎 푑푥 = − + + − 푎푥 =− + + − 푎 = −푎 + 푎.
32
b) A −푎 + 푎 ≥ 0 egyenlőtlenséget kell megoldanunk. A feladat feltétele szerint 푎 > 0, így az egyenlőtlenséget oszthatjuk 푎-val: −푎 + 1 ≥ 0 ⇒ (푎 + 1)(푎 − 1) ≤ 0.
푎 + 1 pozitív, ezért az egyenlőtlenség 푎 − 1 ≤ 0, azaz 푎 ≤ 1 esetén teljesül.
Tehát az integrál akkor lesz nemnegatív, ha 0 < 푎 ≤ 1.
c) A 푔 függvénynek ott lehet szélsőértéke, ahol a deriváltja 0.
푔 (푥) = −3푥 + 1 = 0.
Pozitív valós számok között ez csak 푥 =√
–ra teljesül. Ebben a pontban
푔 (푥) = −6푥 = −6√3
< 0,
ezért ebben a pontban a függvénynek lokális maximumhelye van.
32. a) Ábrázolja függvény-transzformációk segítségével a [−3; 4] intervallumon az 푥 ↦ 푥 − 2|푥| − 3 hozzárendelési szabállyal megadott függvényt!
b) Legyen az f, gés h függvények értelmezési tartománya a valós számok halmaza, hozzárendelési szabályuk:
푓(푥) = 푥 − 2푥 − 3; 푔(푥) = 푥 − 3; ℎ(푥) = |푥|.
Képezzünk egyszeresen összetett függvényeket a szokásos módon. Például
(푔 ∘ 푓)(푥) = 푔 푓(푥) = (푥 − 2푥 − 3) − 3 = 푥 − 2푥 − 6.
Készítse el – a fenti példának megfelelően – az 푓, 푔és ℎ függvényekből pontosan két különböző felhasználásával képezhető egyszeresen összetett függvényeket! Sorolja fel valamennyit!
(A (푔 ∘ 푓)(푥) függvényt nem szükséges újra felírni.)
c) Keressen példát olyan 푝 és 푡, a valós számok halmazán értelmezett függvényre, amelyre
(푝 ∘ 푡)(푥) = (푡 ∘ 푝)(푥)!
Adja meg a 푝 és 푡 függvény hozzárendelési szabályát!
Emelt szintű érettségi vizsga; 2006. május 9.
Megoldás:
a) 푥 − 2|푥| − 3 = 푥 − 2푥 − 3 = (푥 − 1) − 4,ha푥 ≥ 0푥 + 2푥 − 3 = (푥 + 1) − 4,ha푥 < 0.
33
A függvény grafikonját az 푥 → 푥 függvény transzformációjával kapjuk meg.
b) (푓 ∘ 푔)(푥) = 푓 푔(푥) = (푥 − 3) − 2(푥 − 3) − 3 = 푥 − 8푥 + 12;
(푓 ∘ ℎ)(푥) = 푓 ℎ(푥) = |푥| − 2|푥| − 3 = 푥 − 2|푥| − 3;
(푔 ∘ 푓)(푥) = 푔 푓(푥) = (푥 − 2푥 − 3) − 3 = 푥 − 2푥 − 6;
(푔 ∘ ℎ)(푥) = 푔 ℎ(푥) = |푥| − 3;
(ℎ ∘ 푓)(푥) = ℎ 푓(푥) = |푥 − 2푥 − 3|;
(ℎ ∘ 푔)(푥) = ℎ 푔(푥) = |푥 − 3|.
c) Például: 푝(푥) = 푥 ; 푡(푥) = 푥 . Ekkor
(푝 ∘ 푡)(푥) = 푝 푡(푥) = (푥 ) = 푥 .
(푡 ∘ 푝)(푥) = 푡 푝(푥) = (푥 ) = 푥 .
33. a) Határozza meg a valós számoknak azt a legbővebb részhalmazát, amelyen a
√푥 − 6푥 + 9 kifejezés értelmezhető!
b) Ábrázolja a [−5; 8]intervallumon értelmezett 푓: 푥 ↦ √푥 − 6푥 + 9 függvényt!
c) Melyik állítás igaz és melyik hamis a fenti f függvényre vonatkozóan?
A: Az 푓 értékkészlete: [0; 5].
B: Az 푓 függvény minimumát az 푥 = −3 helyen veszi fel.
C: Az 푓 függvény szigorúan monoton nő a [4; 8] intervallumon.
d) Határozza meg az ∫ (x − 6x + 9)dx értékét!
Emelt szintű érettségi vizsga; 2007. május 8.
Megoldás:
a) 푥 − 6푥 + 9 = (푥 − 3) ≥ 0, ezért a függvény a valós számok halmazán értelmezhető.
b) √푥 − 6푥 + 9 = (푥 − 3) = |푥 − 3|.
34
Az 푓 függvény grafikonja:
c) A grafikonról leolvasható, hogy az értékkészlet a [0; 8] intervallum, a függvény a minimumát az 푥 = 3 helyen veszi fel, és szigorúan monoton nő a [3; 8] intervallumon. Így az 푨 és 푩 állítás hamis, a C igaz.
d) ∫ (푥 − 6푥 + 9)dx = − 3푥 + 9푥 = (9 − 27 + 27) − (−9 − 27 − 27) = 72.
34. Az 푓(푥) = 3푥 + 푏 függvény grafikonjának az 푥 = 2 helyhez tartozó érintője áthalad az origón.
a) Hol metszi ez az érintő a parabola vezéregyenesét?
b) Számítsuk ki a függvénygörbe, az érintő és az 푦 tengely által közbezárt terület nagyságát.
KöMaL 2010. december; emelt szintű gyakorló feladatsor 7. feladat
Megoldás:
Az érintő meredekségét a függvény deriváltja határozza meg: 푓 (푥) = 6푥. Az 푥 = 2 pontban a derivált 푓 (2) = 12.
푓(2) = 12 + 푏, ezért az érintési pont 퐸 2; 푓(2) = (2; 푏 + 12), az érintő egyenlete:
푦 − 푏 − 12 = 12(푥 − 2) ⇒ 푦 = 12푥 + 푏 − 12.
Ez az egyenes akkor megy át az origón, ha 푏 = 12, 푓(푥) = 3푥 + 12, az érintő egyenlete 푦 = 12푥.
a) Ha a parabola paramétere 푝, akkor 3 = ⇒ 푝 = , ekkor a parabola vezéregyenesének
egyenlete 푦 = 12 − = 12 − = .
Meghatározzuk az érintő és a vezéregyenes metszéspontját:
12푥 =14312
⇒ 푥 =143144
.
A metszéspont ; .
35
b) A függvénygörbe, az érintő és az 푦 tengely által közbezárt területet a megfelelő határozott integrál kiszámításával adjuk meg:
푇 = (3푥 + 12)푑푥 − 12푥푑푥 =
= (3푥 − 12푥 + 12)푑푥 =
= 3 ∙푥3− 12 ∙
푥2+ 12 ∙ 푥 = 8 − 24 + 24 − 0 = 8.
35. Adott a valós számokon értelmezett
퐼(푥) = 푓(푡)푑푡
függvény, és tudjuk, hogy 푓(푡) = 3푡 + 4푡 − 1. Határozzuk meg az 퐼(푥) zérushelyeit, és azokat az intervallumokat, melyeken konvex, illetve konkáv a függvény.
KöMaL 2012. november; emelt szintű gyakorló feladatsor 3. feladat
Megoldás:
퐼(푥) = 푓(푡)푑푡 = (3푡 + 4푡 − 1)푑푡 = [푡 + 2푡 − 푡] =
= 푥 + 2푥 − 푥 − (−8 + 8 + 2) = 푥 + 2푥 − 푥 − 2 =
= 푥 (푥 + 2) − (푥 + 2) = (푥 + 2)(푥 − 1) = (푥 + 2)(푥 + 1)(푥 − 1).
Ennek a függvénynek a zérushelyei: 푥 = −2;−1;+1.
A függvény konvexitását a második derivált vizsgálatával határozzuk meg:
퐼 (푥) = 3푥 + 4푥 − 1;퐼 (푥) = 6푥 + 4.
A második derivált 푥 = − esetén 0. Ha 푥 < −, akkor a második derivált negatív, az 퐼(푥)
függvény konkáv a −∞;− intervallumon. Ha 푥 > −, akkor a második derivált pozitív, az
퐼(푥) függvény konvex a − ;+∞ intervallumon. Az 푥 = − pontban a függvénynek inflexiós pontja van.