Межрегиональная предметная олимпиада Казанского федерального университета по предмету «Физика» 2013-2014 учебный год

9 класс 1. Доска длиной l = 3 м расположена горизонтально, один ее конец находится в руках у рабочего, на противоположном конце, лежащем на цилиндре, сидит мышь. Рабочий начинает двигаться с постоянной скоростью v = 1 м / с относительно земли, вследствие чего цилиндр катится без скольжения по земле, отсутствует также скольжение доски по цилиндру; в тот же момент времени мышь начинает бежать по доске. Добежав до края доски, который держит рабочий, мышь мгновенно разворачивается и бежит по доске обратно. Величина скорости мыши относительно доски постоянна и равна u = 2,5 м / с. Через какое время после начала движения мышь снова окажется над осью цилиндра? (20 баллов)

2. В медный калориметр массой m1 и температурой t1 наливают воду массой m2 и температурой t2 и кладут лед массой m3 и температурой t0 = 0 ºC. Удельные теплоемкости меди, воды и льда равны соответственно c1, c2 и c3, удельная теплота плавления льда равна λ . Найти температуру системы после установления теплового равновесия для произвольных значений m1, m2, m3, t1, t2, если известно, что t1 < 0 ºC. Потерями энергии пренебречь. (20 баллов) 3. Шариком выстреливают со скоростью v = 10 м / c под углом 45° к горизонту. Поначалу шарик скользит без трения по наклонной поверхности неподвижного клина до высоты H, а затем летит по воздуху. При какой высоте клина H расстояние от места выстрела до места падения шарика на землю будет максимальным? Найти это расстояние. Кривизной поверхности Земли и сопротивлением воздуха пренебречь, ускорение силы тяжести постоянно и равно g = 10 м / с2. (20 баллов)

4. Через блок, укрепленный на потолке, перекинута нерастяжимая нить. Прикрепленная к одному ее концу лестница массы M = 10 кг с висящим на ней человеком массы m = 50 кг уравновешивает прикрепленный к другому концу нити груз. Человек начинает равноускоренно перемещаться по лестнице, причем реакция блока на потолок равна нулю во все последующие моменты времени. Какой может быть скорость человека относительно лестницы через время t = 0,1 с после начала движения? Указать все возможные значения. Ускорение силы тяжести принять равным g = 10 м / с2, массы блока и нити пренебрежимо малы, трение в блоке отсутствует. (20 баллов) 5. В вашем распоряжении имеются: батарейка с известной ЭДС ε и неизвестным внутренним сопротивлением r, неидеальный амперметр с неизвестным внутренним сопротивлением rА (причем известно, что rА < r), резистор с неизвестным сопротивлением R и провода с пренебрежимо малым сопротивлением. Какие измерения нужно провести, чтобы найти внутреннее сопротивление батарейки? Получите формулу, по которой можно вычислить r по результатам этих измерений. (20 баллов)

Межрегиональная предметная олимпиада Казанского федерального университета по предмету «Физика» 2013-2014 учебный год

9 класс

РЕШЕНИЯ

Задача 1 Покажем, что ось цилиндра движется относительно земли со скоростью / 2v . В самом

деле, цилиндр не скользит по земле, а доска не скользит по цилиндру. Следовательно, к тому моменту, когда конец доски, который держит рабочий, окажется над осью цилиндра, цилиндр сместится на расстояние l по земле, а рабочий, соответственно, пройдет по земле расстояние 2l, а значит, его скорость относительно земли в два раза больше, чем скорость оси цилиндра.

Тогда скорость оси цилиндра относительно доски также равна / 2v . Общий путь в системе отсчета доски, который пройдут мышь и ось цилиндра до момента «встречи», равен, очевидно, 2l, так что на искомое время t запишем уравнение:

22vut t l+ = , (1)

откуда получим 2 2/ 2

ltu v

= =+

с.

Задача 2

Вычислим следующие четыре количества тепла:

( )1 1 1 0 1Q c m t t= − – поглощается при нагревании медного калориметра до 0 0t = °С;

( )2 2 2 2 0Q c m t t= − – выделяется при остывании воды до 0 0t = °С;

3 3Q mλ= – поглощается при таянии льда;

4 2Q mλ= – выделяется при замерзании воды. В зависимости от соотношений между этими величинами, рассмотрим разные случаи. Если 1 2Q Q= , то тепловое равновесие установится, очевидно, при 0 °С. Если 1 2Q Q> , то тепла, выделившегося при остывании воды до 0 °С, недостаточно,

чтобы нагреть до этой температуры калориметр. Если 1 2 4Q Q Q< + , то к моменту достижения калориметром этой температуры замерзнет только часть воды, и температура теплового равновесия составит 0 °С. Если 1 2 4Q Q Q≥ + (для краткости включим сюда случай равенства), то замерзнет вся вода, и далее лед массой 2 3m m+ начнет остывать до достижения теплового равновесия, температуру t которого найдем из уравнения теплового баланса

( ) ( )( )1 1 1 2 4 3 2 3 0c m t t Q Q c m m t t− = + + + − , (1)

( )( )

2 4 3 2 3 0 1 1 1

1 1 3 2 3

Q Q c m m t c m tt

c m c m m+ + + +

=+ +

. (2)

Если 2 1Q Q> , то тепло, поглотившееся при нагревании калориметра до 0 °С, меньше, чем тепло, которое могло бы выделиться при остывании воды до этой температуры. Если

2 1 3Q Q Q< + , то к моменту достижения водой этой температуры растает только часть льда, и температура теплового равновесия составит 0 °С. Если 2 1 3Q Q Q≥ + (вновь для краткости

включим сюда случай равенства), то растает весь лед, и далее калориметр и образовавшаяся вода массы 3m температурой 0 °С начнут нагреваться до достижения теплового равновесия, температуру t которого найдем из уравнения теплового баланса

( ) ( ) ( )2 2 2 1 3 1 1 0 2 3 0c m t t Q Q c m t t c m t t− = + + − + − , (3)

( )2 2 2 1 3 1 1 0 2 3 0

1 1 2 2 3

c m t Q Q c m t c m ttc m c m m− − + +

=+ +

. (4)

Задача 3 Скорость шарика на вершине клина на высоте H равна

2 2u v gH= − (1) (это легко установить, например, из закона сохранения механической энергии).

На вершине клина шарик имеет горизонтальную и вертикальную составляющие скорости, равные / 2u . Расположим начало координат в точке отрыва шарика от клина, вертикальную ось y направим вверх. Отсчитывая время от момента отрыва шарика от клина, для координаты y шарика можно записать закон равноускоренного движения:

2

22u gty t= − . (2)

Обозначим τ – время падения шарика на землю. В этот момент координата y равна H− . Подставив в (2), получим:

2

22u gH ττ− = − . (3)

Решая квадратное уравнение (3) и выбирая положительное решение, получим 21 / 2 2

2u u gH

gτ = + +

. (4)

Расстояние от подножия клина до места падения шарика на землю равно / 2uτ (в горизонтальном направлении шарик движется равномерно). Используя (4) и (1), получим искомое расстояние от места выстрела до места падения шарика на землю:

24 2 21/ 2 4

2 2vL H u v g Hg g

τ= + = + − . (5)

Как видно из (5), наибольшее расстояние L получается при нулевой высоте клина (то есть фактически при его отсутствии), при этом 2 / 10L v g= = м.

Задача 4

Отсутствие реакции блока на потолок означает, что натяжение нити равно нулю.

Следовательно, груз движется только под действием силы тяжести и падает вниз с ускорением g. Поскольку нить нерастяжима, ее натяжение может быть равно нулю, только если второй ее конец, прикрепленный к лестнице, движется вверх с ускорением a, по величине не меньшим g. Запишем для лестницы второй закон Ньютона в проекции на ось, направленную вертикально вверх:

F Mg Ma− = , (1) где F – модуль силы, с которой человек действует на лестницу. Поскольку, как мы установили, a g≥ , то выполняется неравенство

2F Mg≥ . (2)

С учетом третьего закона Ньютона запишем для человека второй закон Ньютона в проекции на ось, направленную вертикально вниз:

'mg F ma+ = , (3) где 'a – ускорение человека. Выражая отсюда 'a , найдем модуль ускорения человека относительно лестницы

1 1'a a Fm M

+ = +

. (4)

Учитывая неравенство (2), получим

' 2 1 Ma a gm

+ ≥ +

. (5)

Следовательно, через время t после начала движения скорость человека относительно лестницы будет направлена вертикально вниз, а ее величина будет удовлетворять неравенству

2 1 2,4Mv g tm

≥ + =

м/c. (6)

Задача 5

Проведем измерения силы тока для следующих электрических цепей:

(а) батарейка и амперметр подключены последовательно; (б) батарейка, амперметр и резистор подключены последовательно; (в) батарейка, амперметр и резистор подключены параллельно.

Показания амперметра в этих трех цепях обозначим соответственно I1, I2 и I3. Запишем закон Ома для цепи (а):

( )1 AI r rε = + . (1) Запишем закон Ома для цепи (б):

( )2 AI r r Rε = + + . (2) Рассмотрим теперь цепь (в). Обозначим Iε – сила тока, протекающего через батарейку,

RI – сила тока, протекающего через резистор, причем выберем знаки токов так, что выполняется

3 RI I Iε = + . (3) Запишем закон Ома для цепи (в):

3 A RI r I r I Rεε − = = . (4) Исключая из системы уравнений (3) и (4) токи Iε и RI , получим

3A

ArrI r rR

ε = + +

. (5)

Исключая из системы уравнений (1), (2) и (5) сопротивления Ar и R , получим квадратное уравнение на искомое сопротивление r :

2

1 3 1 2 1

0r rI I I I Iε ε ε ε ε

− + − − =

. (6)

Из двух решений уравнения (6), в силу условия Ar r< , выбираем большее:

21 1 3 1 2 1

1 1 1 1 1 142

rI I I I I I

ε = + − − − . (7)

Межрегиональная предметная олимпиада Казанского федерального университета по предмету «Физика» 2013-2014 учебный год

10 класс

Задача 1. (20 баллов) Внутри гладкой горизонтальной трубы находятся два поршня, соединенных между собой упругой пружиной. Между поршнями находится один моль гелия при температуре 300 K. Газ нагрели до температуры 400 K. Какое количество теплоты было сообщено газу при нагревании, если длина пружины увеличилась в η =1,5 раза? Задача 2. (20 баллов) Предохранитель в цепи электрического тока составлен из двух параллельно соединенных плавких предохранителей. Один из них имеет сопротивление R1 и рассчитан на максимальное значение тока I1, а второй – сопротивление R2 и рассчитан на ток I2. Какое максимальное значение силы тока может выдержать составной предохранитель? Задача 3. (20 баллов) Два одинаковых груза массой M каждый, соединенные пружиной, лежат на горизонтальной плоскости в поле тяжести земли. Какую минимальную горизонтальную силу необходимо приложить к правому грузу, чтобы пришел в движение левый груз? Коэффициент трения грузов о плоскость µ. В начальном состоянии пружина не деформирована. Задача 4. (20 баллов) Источник света расположен на тройном фокусном расстоянии от собирающей линзы на ее оси. За линзой перпендикулярно оптической оси помещено плоское зеркало. На каком расстоянии от линзы нужно его поместить, чтобы лучи, отраженные от зеркала и, пройдя через линзу, стали параллельными. Задача 5. (20 баллов) Почему сопротивление лампочки накаливания зависит от частоты переменного тока.

Межрегиональная предметная олимпиада Казанского федерального университета по предмету «Физика» 2013-2014 учебный год

10 класс Решения

Задача 1. (20 баллов) Внутри гладкой горизонтальной трубы находятся два поршня, соединенных между собой упругой пружиной. Между поршнями находится один моль гелия при температуре 300 K. Газ нагрели до температуры 400 K. Какое количество теплоты было сообщено газу при нагревании, если длина пружины увеличилась в η =1,5 раза? Решение: Из первого начала термодинамики:𝑄𝑄 = ∆𝑈𝑈 + 𝐴𝐴, для изменения внутренней энергии гелия можно записать∆𝑈𝑈 = 3

2𝑅𝑅∆𝑇𝑇. Работу можно найти по формуле 𝐴𝐴 = 𝑃𝑃 ∙ ∆𝑉𝑉, так как давление

в процессе меняется линейно вместо давления нужно взять среднее значение 𝑃𝑃 = 𝑃𝑃1+𝑃𝑃22

.

Тогда для работы получаем выражение:𝐴𝐴 = 𝑃𝑃1+𝑃𝑃22

(𝑉𝑉2 − 𝑉𝑉1).

Учитывая, что V2=V1η, аPV=RTполучаем:𝑄𝑄 = 32𝑅𝑅(𝑇𝑇2 − 𝑇𝑇1) + 𝑅𝑅

2(𝜂𝜂 − 1)(𝑇𝑇1 + 𝑇𝑇2 𝜂𝜂⁄ ).

Задача 2. (20 баллов) Предохранитель в цепи электрического тока составлен из двух параллельно соединенных плавких предохранителей. Один из них имеет сопротивление R1 и рассчитан на максимальное значение тока I1, а второй – сопротивление R2 и рассчитан на ток I2. Какое максимальное значение силы тока может выдержать составной предохранитель? Решение: При параллельном соединении предохранителей ток, который течет через них, определяется выражением:

𝑖𝑖1/2 = 𝐼𝐼𝑅𝑅2/1

𝑅𝑅1 + 𝑅𝑅2

Дальше необходимо анализировать эти выражения, когда ток достигнет критического значения. Возможны следующие варианты: I2< 𝑅𝑅1

𝑅𝑅1+𝑅𝑅2I1 тогдаI=I1,

если 𝑅𝑅1𝑅𝑅1+𝑅𝑅2

I1<I2<I1 R1/R2тогдаI=I2/ 𝑅𝑅1𝑅𝑅1+𝑅𝑅2

, приI1 R1/R2<I2<I1/ 𝑅𝑅2

𝑅𝑅1+𝑅𝑅2 I=I1/ 𝑅𝑅2

𝑅𝑅1+𝑅𝑅2,

в остальных случаях I2. Задача 3. (20 баллов) Два одинаковых груза массой M каждый, соединенные пружиной, лежат на горизонтальной плоскости в поле тяжести земли. Какую минимальную горизонтальную силу необходимо приложить к правому грузу, чтобы пришел в движение левый груз? Коэффициент трения грузов о плоскость µ. В начальном состоянии пружина не деформирована. Решение: Работа постоянной силы расходуется на увеличение потенциальной энергии пружины, на преодоления силы трения и кинетическую энергию. Начала движения правого груза

произойдет при максимальном удлинение левого, когда его кинетическая энергия равна нулю. Запишем работу силы

𝐹𝐹𝐹𝐹 =𝑘𝑘𝐹𝐹2

2+ µMgx

Правое тело начнет двигаться если сила упругости станет равна силе трения покоя: µMg = 𝑘𝑘𝐹𝐹, из этих двух уравнений получаем F=3µMg/2 Задача 4. (20 баллов) Источник света расположен на тройном фокусном расстоянии от собирающей линзы на ее оси. За линзой перпендикулярно оптической оси помещено плоское зеркало. На каком расстоянии от линзы нужно его поместить, чтобы лучи, отраженные от зеркала и, пройдя через линзу, стали параллельными. Решение: Лучи станут параллельными если они после отражения от зеркала пройдут через фокус линзы. Это будет если зеркало будет отстоять от фокуса на половине расстояния от фокуса до изображения источника. Из формулы тонкой линзы находим, что расстояние до изображения равняется 1,5F. Тогда расстояние от линзы до зеркала равно 1,25F. Задача 5. (20 баллов) Почему сопротивление лампочки накаливания зависит от частоты переменного тока. Решение: Сопротивления лампочки зависит от средней температуры нити накаливания лампочки. При низких частотах нить успевает остыть, и средняя температура будет меньше. При больших частотах так же начинает влиять индуктивное сопротивление лампочки.

Межрегиональная предметная олимпиада Казанского федерального университета по предмету «Физика» 2013-2014 учебный год

11 класс

Вариант 1 Задача 1. (20 баллов) На горизонтальной поверхности покоятся два бруска – один на другом (рис. 1). Какую силу, на-правленную горизонтально, необходимо приложить к нижнему бруску, чтобы выдернуть его из-под верхнего? Коэффициент трения между любыми поверхностями равен μ, масса нижнего бруска – m1, верхнего – m2. Задача 2. (20 баллов) Физик-экспериментатор Пётр Иванов собрал электрическую цепь (рис. 2), состоящую из нелиней-ного элемента X, резистора, идеального амперметра и источника, напряжение которого можно из-менять. В результате своих измерений он обнаружил, что при напряжении 1U 1 B= амперметр по-казывал силу тока 1I 0,5 A= , а при напряжении 2U 5 B= его показания увеличивались до

2I 4 A= . Исходя из приведённых данных, найдите сопротивление резистора. Известно, что сила тока, проходящего через элемент Х, пропорциональна приложенному к нему напряжению в степе-ни 3/2 ( 3/ 2I U ). Задача 3. (20 баллов) Определите число действительных изображений источника S в оптической системе, состоящей из собирающей линзы и плоского зеркала AB (см. рис. 3). Найдите расстояние от каждого из них до оптического центра линзы. Фокусное расстояние линзы равно f, расстояние между источником и линзой – 7f/4, между линзой и зеркалом – 2f.

Задача 4. (20 баллов) Внутри П-образной рамки закреплена система, со-стоящая из двух одинаковых пружин и маленького груза массой m между ними. Сначала данную кон-струкцию поставили вертикально. При этом грузик сместился вниз на величину x1 (рис. 4а). Затем её расположили горизонтально. В этом случае смеще-ние грузика стало 2 1x 5x= (рис. 4b). Найти коэф-фициент жёсткости пружин. В свободном состоянии длина каждой пружины равна L, расстояние между точками крепления пружин к рамке – 2L. Задача 5. (20 баллов) В рукописи одного из известных учёных был найден листок с циклом, изображённом в координатах p-T (см. рис. 5). Определить температу-ру T0, если из текста рукописи известно, что данный цикл совершал ν =1 моль идеального газа и работа газа за цикл равна Α = 2500 Дж. Универсальная газовая постоянная R 8,31= Дж/(К·моль).

Рис. 1 Рис. 2 Рис. 3

Рис. 4

Рис. 5

Межрегиональная предметная олимпиада Казанского федерального университета по предмету «Физика»

2013-2014 учебный год

11 класс Вариант 2

Задача 1. (20 баллов) На гладкой горизонтальной поверхности стола покоятся два бруска – один на другом (рис. 1). Какую минимальную силу, направленную горизонтально, необ-ходимо приложить к нижнему бруску, чтобы выдернуть его из-под верхнего? Коэффициент трения между брусками равен μ1, между бруском и поверхностью стола – μ2, масса каждого бруска – m. Задача 2. (20 баллов) На концах рычага массой M и длиной 3L, лежащего на двух опорах как показано на рис. 2, урав-новешены два груза. Чему равна масса правого груза, если масса левого совпадает с массой рыча-га? Рычаг по всей длине можно считать однородным. Размерами грузов по сравнению с длиной рычага пренебречь. Задача 3. (20 баллов) Оптическая система состоит из точечного источника S, идеальной собирающей линзы АВ с фоку-сами F и 1F ( 1OF OF= ) и плоского зеркала (рис. 3). Источник находится на двойном фокусном рас-стоянии от оптического центра линзы О и лежит на её главной оптической оси. Зеркало располо-жено параллельно этой оси и касается линзы. Найдите все изображения источника в системе.

Задача 4 (20 баллов) Цилиндрический сосуд, в котором находится идеальный одноатомный газ, закрыт подвижным поршнем массы m. Когда на поршень поставили гирьку массой M, температура газа увеличилась вдвое. а) Найти отношение m/M. б) Какой станет температура газа, если гирьку снова убрать? Поршень и стенки сосуда теплоизолированы. Давление вне сосуда равно нулю, начальная темпе-ратура газа – T0. Поршень может скользить в цилиндре без трения. Задача 5. (20 баллов) Сопротивление нити накала электрической лампочки возраста-ет при увеличении температуры нити. На рис. 4b показана за-висимость силы тока через лампочку от приложенного напря-жения (эту зависимость называют вольт-амперной характери-стикой). Физик-экспериментатор Пётр Иванов собрал электриче-скую цепь (рис. 4a), состоящую из двух таких лампочек и резистора, идеального амперметра и источни-ка, напряжение которого U 12 В= . Какова сила тока I, протекающего через амперметр, если R 5 Ом= ?

Рис. 1

Рис. 3 Рис. 2

Рис. 4a Рис. 4b

Межрегиональная предметная олимпиада Казанского федерального университетапо предмету «Физика»

2013-2014 учебный год

11 класс

Возможные решения

Вариант 1

Задача 1. Запишем 2-й закон Ньютона в проекции на горизонтальное направление длякаждого из брусков:

m2a2 = Fтр2, m1a1 = F− Fтр1 − Fтр2.

Здесь Fтр1 — сила трения, возникающая между горизонтальной поверхностью и нижнимбруском, Fтр2 — сила трения, возникающая между брусками, a1 и a2 — ускорения нижнегои верхнего бруска соответственно. Найдём величины сил трения:

Fтр2 = µm2g, Fтр1 = µ(m1 + m2)g.

Отсюда получаем, что a2 = µg, a1 = (F − µ(m1 + 2m2)g)/m1. Так как, по условию, нижнийгруз нужно выдернуть из-под верхнего, a1 > a2. Подставляя в это неравенство выражениядля ускорений, находим, что F > 2 µ(m1 + m2)g.

Ответ: F > 2 µ(m1 + m2)g.

Задача 2. Пусть UX — напряжение на элементе X, a R — сопротивление резистора,тогда

UX1 = U1 − I1R, UX2 = U2 − I2R.

Так как I ∼ U3/2, получаем

I2

I1=

(UX2

UX1

)3/2

=

(U2 − I2RU1 − I1R

)3/2

.

Отсюда находим сопротивление резистора:

R =U2 −U1(I2/I1)2/3

I2 − I1(I2/I1)2/3= 0,5 Ом.

Ответ: 0,5 Ом.

Задача 3. Пусть O — оптический центр линзы. Первое изображение S1 формируетсялучами, прошедшими сквозь линзу, но не попавшими на зеркало AB. По формуле для тон-кой линзы

1OS

+1

OS1=

1f.

1

Так как, по условию, OS = 7f/4, то OS1 = 7f/3.Найдём теперь положение изображения S2, получающегося при отражении лучей, про-

шедших через линзу от зеркала. Так как OA = 2f, то AS1 = 7f/3 − 2f = f/3. ИзображенияS1 и S2 расположены симметрично относительно зеркала, поэтому AS2 = AS1 = f/3. Отсюдаполучаем, что OS2 = OA−AS2 = 5f/3.

Отражённые от зеркала лучи, проходя обратно через линзу, формируют третье изоб-ражение S3, расположенное слева от линзы. Его положение можно найти, снова используяформулу для тонкой линзы:

1OS2

+1

OS3=

1f

⇒ OS3 = 5f/2.

Ответ: Три изображения. Первое находится за зеркалом на расстоянии 7f/3; второе —перед зеркалом на расстоянии 5f/3, третье — левее источника S на расстоянии 5f/2 отлинзы.

Задача 4. Рассмотрим систему в положении, изоб-

x1

x2

g

L

a) b)

2L

2L

ражённом на рис. a. Из условия равновесия получа-ем, что

mg = 2kx1.

Для системы, изображённой на рис. b, условие рав-новесия будет иметь вид:

mg = 2k∆L cos α,

где ∆L =√

x22 + L2−L — удлинение пружины, α — угол между пружиной и вертикалью. Так

как cos α = x2/√

x22 + L2, мы получим, что

mg = 2kx2

(1− L√

x22 + L2

)= 10kx1

(1− L√

25x21 + L2

).

Из полученных формул следует, что

2kx1 = 10kx1

(1− L√

25x21 + L2

)⇒ x1 =

3L20

.

Отсюда находим величину k:

mg = 2k · 3L20

⇒ k =10mg

3k.

Ответ: k =10mg

3L.

2

Задача 5. Очевидно, что процессы 41 и 23 (см. рис.) являются изобарными. Участки12 и 34 являются изохорами. Чтобы убедиться в этом, достаточно подсчитать количествоклеток и проверить справедливость равенств

p2

T2=

p1

T1,

p3

T3=

p4

T4.

Работа газа за цикл равна

A = A23 + A41 = p2(V3 −V2) + p1(V1 −V4).

Используя уравнение Менделеева-Клапейрона, преобразуем это выражение к виду

A = νR(T3 − T2) + νR(T1 − T4).

Так как, по рисунку, T2 = T4 = T0, T1 = T0/2, T3 = 2T0, получаем, что

A = νR(2T0 − T0) + νR(0,5T0 − T0) = 0,5νRT0.

Отсюда находим величину T0:

T0 =2AνR

=2 · 2500 Дж

1 моль · 8,31 Дж/(К · моль)≈ 600 K.

Ответ: T0 = 600 K.

3

Вариант 2

Задача 1. Запишем 2-й закон Ньютона в проекции на горизонтальное направление длякаждого из брусков:

ma1 = Fтр1, ma2 = F− Fтр1 − Fтр2.

Здесь Fтр1 — сила трения, возникающая между брусками, Fтр2 — сила трения, возникающаямежду горизонтальной поверхностью и нижним бруском, a1 и a2 — ускорения верхнего инижнего бруска соответственно. Найдём величины сил трения:

Fтр1 = µ1mg, Fтр2 = µ22mg.

Отсюда получаем, что a1 = µ1g, a2 = (F− (µ1 + 2µ2)mg)/m. Так как, по условию, нижний грузнужно выдернуть из-под верхнего, a2 > a1. Подставляя в это неравенство выражения дляускорений, находим, что F > 2 (µ1 + µ2)mg.

Ответ: F > 2 (µ1 + µ2)mg.

Задача 2. Пусть m — масса правого груза. Рассмотрим предельные случаи, в которыхрычаг не давит на какую-либо из опор. Пусть в первом случае масса правого груза настоль-ко мала, что рычаг не давит на правую опору. Запишем правило моментов относительнолевой точки опоры:

MgL = mg 2L + MgL2

.

Отсюда получаем, что m = M/4. Во втором случае масса правого груза настолько вели-ка, что рычаг не давит на левую опору. Опять запишем правило моментов, на этот раз,относительно правой точки опоры:

Mg 2L + MgL2

= mg L.

Отсюда получаем, что m = 5M/2. Так как речь выше шла о предельных случаях, находим,что рычаг будет находиться в равновесии, если M/4 6 m 6 5M/2.

Ответ: От M/4 до 5M/2.

Задача 3. Изображений будет четыре, из них два мнимых (S1 и S4) и два действитель-ных (S2 и S3), все изображения находятся на расстоянии 2F от плоскости линзы. Изображе-ние S1 является отражением источника S в зеркале, S2 — изображением источника в линзе.Лучи, отражающиеся от зеркала и проходящие затем через линзу, формируют изображе-ние S3. S4 является отражением изображения S2 в зеркале. Для S3 аналогичная ситуацияне имеет места, так как лучи, идущие от него на зеркало не попадают.

Ответ: см. рисунок.

4

Задача 4. Пусть S — площадь поршня. Тогда давление поршня на газ равно p = mg/S,если на поршне нет гирьки, и p′ = (m + M)g/S, если на поршне стоит гирька. Обозначимобъём газа в начальном состоянии как V0, минимальный объём газа под поршнем с гирькой— V1, конечный объём обозначим как V2. Из уравнения Менделеева-Клапейрона получаем:

pV0 = νRT0 ⇒ V0 =νRT0S

mg,

p′V1 = νR 2T0 ⇒ V1 =2νRT0S

(m + M)g,

pV2 = νR T2 ⇒ V2 =νRT2S

mg,

где T2 — искомая конечная температура газа.По закону сохранения энергии, изменение внутренней энергии газа равно изменению

потенциальной энергии поршня с гирькой, взятому с противоположным знаком. Используяэтот факт, получаем

32

νR(2T0 − T0) = (m + M)g

(V0

S− V1

S

)= (m + M)g

(νRT0

mg− 2νRT0

(m + M)g

),

32

νRT0 =

(νRT0(m + M)

m− 2νRT0

)⇒ 3

2=

Mm− 1 ⇒ m

M=

25.

Чтобы найти конечную температуру газа, снова используем связь между изменениемвнутренней энергии и изменением потенциальной энергии поршня (на этот раз без гирьки).

32

νR(T2 − 2T0) = mg

(V1

S− V2

S

)= mg

(2νRT0

(m + M)g− νRT2

mg

),

32

νR(T2 − 2T0) =

(2m

m + MνRT0 − νRT2

)⇒ 3

2(T2 − 2T0) =

47

T0 − T2 ⇒ T2 =107

T0.

Ответ: a) m/M = 2/5 ; б) T2 = 107 T0.

5

Задача 5. Пусть I1 — ток через лампочку, а U1 — напряжение на ней, тогда

U1 = U− 2I1R ⇒ I1 =U2R

− 12R

U1 = 1,2 A− 0,1 Ом−1 U1.

Чтобы найти I1, поверх вольт-амперной характеристики проведём прямую I1 = 1,2 − 0,1U1

и найдём координаты точки пересечения (см. рис.). В результате получаем, что I1 ≈ 0,87 A.Отсюда сила тока через амперметр равна I = 2I1 ≈ 1,75 A.

Ответ: 1,75 A.

6