Upload
ivanzoran
View
2.740
Download
1
Embed Size (px)
Citation preview
Milinkovic M. Vukomir Fizika Osnovi teorije Re�eni zadaci Knjiga za samostalno pripremanje ispita 1
KretanjeU svakom trenutku sva tela u prirodi zauzimaju odre�ene poloµzaje u prostoru.Kretanje je promena polo-µzaja tela u odnosu na neko referentno telo koje uslovno miruje. Radi lak�eg prouµcavanja zakona mehanikeuveden je pojam materijalne taµcke koja se de�ni�e kao telo koje ima masu ali se oblik i druge dimenzije mo-gu zanemariti. Na primer, posmatraµc sa Zemlje zvezdu uvek vidi kao taµcku.Moµze se smatrati da se svako telosastoji od velikog broja materijalnih taµcaka pa se kretanje tela moµze smatrati kao istovremeno kretanjevelikog broja materijalnih taµcaka.Mehanika je deo �zike gde se prouµcava kretanje tela pod uticajem jedne sile ili vi�e sila pri µcemu se prihvatada je mirovanje poseban oblik kretanja.Mehaniku moµzemo podeliti na kinematiku, dinamiku i statiku.Kinematika je deo mehanike gde se prouµcava kretanje materijalne taµcke ili tela bez analize uzrokakoji su to kretanje izazvali.Dinamika je deo mehanike gde se prouµcava kretanje tela sa analizom uzroka koji su kretanje izazvali.Statika je deo mehanike gde se prouµcava dejstvo dveju ili vi�e sila na jedno telo i uslovne ravnoteµze telaPutanja ili linija koju materijalna taµcka �opisuje�u toku kretanja naziva se trajektorija.Pomeranje ilikretanje tela moµze biti pravolinijsko ili krivolinijsko pa trajektorijamoµze biti prava ili kriva linija.Prema obliku putanje, brzini ili ubrzanju, kretanje materijalne taµcke ili tela moµzemo �podeliti�i nasledeci naµcinPrema obliku putanje, kretanje materijalne taµcke ili tela moµze biti pravolinijsko ili krivolinijskoPremabrzini,kretanjematerijalne taµcke ili tela moµze biti ravnomerno ili neravnomernoPremaubrzanju,kretanjematerijalne taµcke ili tela moµze biti jednakoubrzano ili nejednakoubrza-no, odnosno jednako ili nejednako usporeno
Translatorno rotaciono i sloµzeno kretanje
x0
yA′
B′
C ′
A
B
C x0
y
A B C
A′
B′
C ′Linearno pomeranje ili kretanje tela, od-nosno translatorno kretanje (slika levo) jeoblik kretanja kada se sve taµcke tela krecu poputanjama (�linijama�) istih oblika i duµzinaKod translatornog kretanja tela svi njegovielementarni delovi imaju jednake i paralelneputanje.
Ugaono pomeranje ili kretanje tela, odn-osno rotaciono kretanje (slika desno) jeste
onaj oblik kretanja kada se sve taµcke tela krecu po kruµznim putanjama (�linijama�) ili koncentriµcnim krugo-vima oko neke ose, ne raµcunajuci one taµcke tela koje se ( eventualno ) nalaze na samoj osi rotacije.Kod rotacionog kretanja tela svi njegovi elementarni delovi imaju kruµzne putanje kojima se centri nalaze naistoj pravoj.Svako kretanje materijalne taµcke ili tela je kombinacija translatornog i rotacionog kretanja.
Ravnomerno ili jednoliko pravolinijsko kretanjeRavnomerno ili jednoliko pravolinijsko kretanje materijalne taµcke ili tela je ono kretanje kada materijalnataµcka ili telo u istim intervalima vremena prelaze ista rastojanja po pravolinijskoj putanji.
t t t( )t1S1
( )t2S2
( )t3S3
S S SA B C DAko materijalna taµcka ili telo iz poµcetnog poloµzajaA stigne za vreme t do poloµzaja B tada je rastoja-nje AB = S pre�eni put S koji su materijalna taµckaili telo pre�li za vreme t Ako za isto vreme t mate-rijalna taµcka ili telo stigne iz poloµzaja B do poloµza-ja C tada je rastojanje BC = S pre�eni put S kojisu materijalna taµcka ili telo pre�li za vreme t Ako zaisto vreme t materijalna taµcka ili telo stigne iz polo-
µzaja C do poloµzaja D tada je rastojanje CD = S pre�eni put S koji su materijalna taµcka ili telo pre�li zavreme t
Milinkovic M. Vukomir Fizika Osnovi teorije Re�eni zadaci Knjiga za samostalno pripremanje ispita 2
Materijalna taµcka ili telo za dva puta vece vreme pre�u dva puta duµzi put, za tri puta vece vreme pre�utri puta duµzi put, odnosno:
� Put AC = 2AB = 2S telo pre�e za vreme 2 t � Put AD = 3AB = 3S telo pre�e za vreme 3 t
Ako pre�ena rastojanja AB = S; AC = 2S; AD = 3S podelimo sa odgovarajucim vremenima t; 2 t; 3 ttada dobijamo formulu za brzinu v kod ravnomernog kretanja, odnosno
v =AB
t=S
tv =
AC
2 t=2S
2 t=S
tv =
AD
3 t=3S
3 t=S
t� � � v =
nS
n t=S
t
Kod ravnomernog kretanjabrzinamaterijalne taµcke ili tela jednaka jekoliµcniku pre�enog putai vremena kretanja, odnosno brzina je brojno jednaka pre�enom putu koji materijalnataµcka ili telo pre�e u jedinici vremena pa moµzemo pisati
v =S
t
h ms
iAko materijalna taµcka ili telo za vreme t = 7 s pre�u put S = 7m tada njihova brzina (v) pri ravnomernomkretanju iznosi
v =S
t=7m
7 s= 1
m
sIz formule v =
S
tdobijamo formulu koja pokazuje zavisnost pre�enog puta (S )
brzine kretanja (v) i vremena kretanja (t) odnosno
S = v � tKako je brzina (v) kod ravnomernog kretanja ista u svakom trenutku kretanja, odnosno nezavisna
=S tv ⋅ }vt
43421t
v
0
od vremena kretanja, onda je njen gra�µcki prikaz na (v; t) koordinatnom si-
stemu prava linija paralelna sa t - osom. Iz formule v = S
t
h ms
ividimo da je
jedinica za brzinu jedan metar u jednoj sekundi, odnosnom
s
S1
S 2
S 3 =t 3t
=t 2t
=t 1t
=t 0=S 0 Ako je koliµcnik pre�enog puta S i proteklog vremena t konstantantada se brzina v moµze odrediti iz bilo kog merljivog intervala puta �Si merljivog intervala vremena �t kada je
v =S1t1=S2t2=S3t3=S2 � S1t2 � t1
=S3 � S2t3 � t2
=S3 � S1t3 � t1
= � � � = �S
�t
gde su intervali pre�enog puta �S i �proteklog�vremena �t konaµcni
= vSt•
S} }S }S
( )t s10 2 3
10
20
30( )S m
( )t s10 2 3
10
20
30( )S m
=v tS =
m10 = 5 sm
s2
=vtS = 20
sm= v
St•
= vS t•
S}
Iz formule S = v � tvidimo da je pre�e-ni put S kod ravn-omernog kretanjasrazmeran vrem-enu kretanja t gdeje brzina v koe�-cijent srazmere�to se gra�µcki moµzeprikazati na (S; t)
koordinatnom sistemu.Ako je brzina v veca tada sa slike desno vidimo da gra�k pre�enog puta S ima vecinagib ili uspon u odnosu na gra�k pre�enog puta S gde je brzina v manja.
Neravnomerno ili promenljivo pravolinijsko kretanjeSva kretanja u tehnici ili u prirodi uop�te sumanje ili vi�e promenljiva pa je zato promenljivokretanje osnovni oblik kretanja.Promenljivo kretanje je svako kretanje gde materijalna taµckaili telo u jednakim intervalima vremena prelazi razliµcite duµzine puteva.
Milinkovic M. Vukomir Fizika Osnovi teorije Re�eni zadaci Knjiga za samostalno pripremanje ispita 3
Proseµcna ili srednja brzina
434214444444 34444444 21
444 8444 76A B C=S∆ S 2 S1−
1= v1 t•S1
= v 2 t• 2S 2
Ako rastojanje S1 od taµcke A do taµcke Btelo pre�e za vreme t1 i ako rastojanje S2od taµcke A do taµcke C telo pre�e za vremet2 tada je prirodno oµcekivati da ce rastoja-nje �S = S2 � S1 od taµcke B do taµcke Ctelo preci za vreme �t= t2� t1 nekom pr-oseµcnom ili srednjom brzinom (vsr )
vsr =S2 � S1t2 � t1
=�S
�todnosno
!v sr =
!S 2 �
!S 1
t2 � t1=�!S
�t
Kod promenljivog kretanja analiza proseµcne ili srednje brzine ima smisla samo u odre�enomdelu pre�enog puta �S ili u odre�enom intervalu vremena �t pa proseµcnu ili srednju brzinumoµzemo formulisati de�nicijom:
Proseµcna ili srednja brzina materijalne taµcke ili tela jeste brzina jednaka onoj brzinikod ravnomernog kretanja kojom bi materijalna taµcka ili telo pre�li isti put za istovreme kao pri kretanju promenljivom brzinom.
Pogledajmo primere
00) Ako jedan treptaj oka proseµcno traje t = 0; 1 s onda odredimo brzinu aviona koji u toku jednog treptajaoka preleti rastojanje S = 50mAko za vreme t = 0; 1 s avion preleti rastojanje S = 50m onda njegova brzina v iznosi
v =S
t=50m
0; 1 s= 500
m
s= 500
0; 001 km1
3 600h= 500 � 0; 001 � 3 600 km
h= 1800
km
h
00) Odredimo srednju brzinu leta Jastreba koji rastojanje S1 preleti za vreme t1 = 50 s brzinom v1 = 20m
sa zatim rastojanje S2 = 600m preleti za vreme t2 = 30 s
Kako je S1 = v1 � t1 = 20m
s� 50 s = 1000m onda srednja brzina leta Jastreba iznosi
vsr=S ukupno
tukupno=S1+ S2t1+ t2
=1000m+600m
50 s+ 30 s=1600m
80 s= 20
m
s= 20� 0; 001 km
1
3 600h= 20�0; 001�3 600 km
h= 72
km
h
00) Automobil pre�e rastojanje S1 = 100 km za vreme t1 = 4h a zatim pre�e rastojanje S2 = 50 km zavreme t2 = 1h Odredimo proseµcnu ili srednju brzinu automobila
vsr =S ukupno
tukupno=S1 + S2t1 + t2
=100 km+ 50 km
4h+ 1h=150 km
5h= 30
km
h
00) Automobil pre�e rastojanje S1 = 100 km brzinom v1 = 25km
ha zatim pre�e rastojanje S2 = 50 km
brzinom v2 = 50km
hOdredimo proseµcnu ili srednju brzinu kretanja automobila
Vreme za koje automobil pre�e rastojanje S1 i S2 iznosi t1 =S1v1=100 km
25km
h
= 4 h t2 =S2v2=50 km
50km
h
= 1 h
Srednja brzina kretanja automobila iznosi vsr =S ukupnot ukupno
=S1 + S2t1 + t2
=100 km+ 50 km
4 h+ 1 h= 30
km
h
00) Autobus ide iz jednog do drugog mesta udaljenog S = 250 km Prvo rastojanje S1 = 200 km autobus
Milinkovic M. Vukomir Fizika Osnovi teorije Re�eni zadaci Knjiga za samostalno pripremanje ispita 4
pre�e za vreme t1 = 3; 5 h a zatim pravi pauzu od t = 0; 5 h Preostalo rastojanje S2 = 50 km autobuspre�e za vreme t2 = 1 hAutomobil krene u isto vreme na isti put. Prvi deo rastojanja S1 = 100 km automobil pre�e za vremet1 = 1; 5 h a preostali deo rastojanja S2 = 150 km automobil pre�e za vreme t2 = 1 h Kada stigne dodrugog mesta automobil pravi pauzu od t = 1 hOdredimo proseµcnu ili srednju brzinu kretanja autobusa i automobilaProseµcna ili srednja brzina kretanja autobusa iznosi
vsr =S ukupnot ukupno
=S
t1 + t+ t2=
250 km
3; 5 h+ 0; 5 h+ 1 h= 50
km
h
Kada automobil stigne do drugog mesta, onda se vreme pauze koju posle toga pravi ne ubraja u vreme kre-tanja pa proseµcna ili srednja brzina kretanja automobila iznosi
vsr =S ukupnot ukupno
=S
t1 + t2=
250 km
1; 5 h+ 1 h= 100
km
h
00) U prvoj polovini vremena svog kretanja automobil je i�ao brzinom v1 = 80km
ha u drugoj polo-
vini vremena dva puta sporije.Odredimo srednju brzinu kretanja automobila na celom putu
21 v1v 2 = = 40
hmkv1 = 80
hmk
21 t 2
1 t
S1 S 2vsr =
S ukupnot ukupno
=S1 + S21
2t+
1
2t=v11
2t+ v2
1
2t
t=1
2v1 +
1
2v2
= 40km
h+ 20
km
h= 60
km
h= 60 000
m
3 600 s= 16; 66
m
s
00) Na prvoj polovini puta svog kretanja automobil je i�ao brzinom v1 = 80km
ha na drugoj polovini
puta dva puta sporije.Odredimo srednju brzinu kretanja automobila na celom putu
21 v1v 2 = = 40
hmkv1 = 80
hmk
21 S 2
1 S
t1 t 2 vsr =S ukupnot ukupno
=
1
2S +
1
2S
t1 + t2=
SS
2v1+
S
2v2
=1
1
2v1+
1
2v2
=1
1
2
v2 + v1v1 � v2
=
= 2v1 � v2v1 + v2
= 280km
h� 40 km
h
80km
h+ 40
km
h
=6400
km
h120
= 53; 33km
h= 53 333
m
3600 s= 14; 81
m
s
00) Voz se krece brzinom v1 = 36km
h= 10
m
sa konduter u vozu ide brzinom v2 = 1
m
sOdredimo naj-
manju i najvecu brzinu kondutera u odnosu na µzelezniµcku stanicu.
Minimalna brzina kondutera u odnosu na µzelezniµcku stanicu iznosi
vmin = v1 � v2 = 10m
s� 1 m
s= 9
m
s
Maksimalna brzina kondutera u odnosu na µzelezniµcku stanicu iznosi
vmax = v1 + v2 = 10m
s+ 1
m
s= 11
m
s
Milinkovic M. Vukomir Fizika Osnovi teorije Re�eni zadaci Knjiga za samostalno pripremanje ispita 5
00) µCovek na µcamcu hoce da pre�e reku �irine AB = 500m najkracim putem.Ako bi voda mirovala, tada bi
v1→
v 2→
v→r
A
B150 m
500m
C se µcamac kretao normalno prema obali brzinom v1 = 7; 2km
h= 2
m
sMe�utim, kretanje
vode u reci odnese µcamac 150m niz reku.Odredimo vreme prelaska µcamca preko reke i br-zinu kretanja vode u reci.
Vreme prelaska µcamca preko reke iznosi t =AB
v1=500m
2m
s
= 250 s
Ako kretanje vode u reci odnese µcamac 150m niz reku, onda brzina kretanja vode u reci
iznosi v2 =BC
t=150m
250 s=3
5
m
s
Trenutna brzinaAko materijalna taµcka ili telo u istim ili jednakim intervalima vremena �t prelazi razliµcite ili nejed-nake duµzine ili intervale puteva �S tada se oni krecu promenljivim ili ubrzanim ( ili usporenim )brzinama pa se takvo kretanje naziva promenljivo ili ubrzano kretanje. U sluµcaju ubrzanog ili us-
porenog kretanja, koliµcnik�S
�tnije konstantan vec prikazuje neku srednju brzinu u merljivom int-
ervalu vremena �t
vsr =�S
�t
Smanjivanjem merljivog intervala vremena �t do njegove �nemerljivosti� kada se pribliµzava ili teµzinuli, srednja vrednost brzine (vsr ) se pribliµzava ili teµzi trenutnoj brzini koju moµzemo prikazati formulom
v = lim�t!0
�S
�t=dS
dt
Trenutna brzina materijalne taµcke ili tela koji se krecu promenljivom brzinom jeste njihova sre-dnja brzina u beskonaµcno malom intervalu vremena ili puta.Trenutnabrzinamaterijalne taµcke ili tela jednaka jediferencijalnom koliµcniku puta i vremena, od-nosno prvom izvodu puta po vremenu �to je Njutnova de�nicija prvog izvoda
x
y
z0
A B
r→r→0
→0τ S Za opisivanje pravolinijskog kretanja materijalne taµcke u prostoru potre-
bno je znati poloµzaj njene putanje, odnosno prave u koordinatnom sistemuf (x; y; z) i pre�eni put S u funkciji od vremena t ili S = S (t)Poloµzaj putanje, odnosno prave moµzemo odrediti poloµzajem jedne taµckena pravoj (A) i ortom pravca (
!� 0 ) Ako u odre�enom intervalu vre-
menamaterijalna taµcka iz poloµzaja A pre�e u poloµzaj B tada je rastojanjeizme�u ta dva poloµzaja pre�eni put S gde je vektor pomeranja
�!r = S
!� 0 pa vektorska jednaµcina pravolinijskog kretanja ima oblik
!r =
!r 0 + S
!� 0
Kako su vektor poloµzaja taµcke A (!r 0 ) i ort pravca (
!� 0 ) konstantni, onda se brzina moµze prikazati rela-
cijom
!v =
d!r
dt=d
dt
!r 0| {z }0
+dS
dt|{z}v
!� 0 = v
!� 0
Kod ravnomernog pravolinijskog kretanja brzina v je konstantna dS
dt= v = const ) dS = v dtZ
dS =
Zv dt = v
Zdt ) S = v t+C = v t+S0 Konstantu integracije C = S0 odre�ujemo iz poµcetnih
uslova.Ako kretanje poµcinje iz taµcke A u trenutku t = 0 tada je njen pre�eni put S = S0 = 0 ) C = 0 pa je
S = v � t
Milinkovic M. Vukomir Fizika Osnovi teorije Re�eni zadaci Knjiga za samostalno pripremanje ispita 6
�to pokazuje da je put kod ravnomernog pravolinijskog kretanja linearna funkcija vremena.Brzina je vektorska �ziµcka veliµcina de�nisana prvim izvodom vektora pomeraja po vre-menu, odnosnobrzina jepromenaputau jedinici vremena iliprvi izvodputapovremenu
Jednako ili jednoliko ubrzano kretanjeUbrzanje
1t t 2
A Bv→1 v→2Ako se telo krece jednako ubrzanim kretanjem i ako upoloµzaju A odnosno u trenutku t1 ima brzinu
!v 1 a u
poloµzajuB odnosno u trenutku t2 imabrzinu!v 2 tada
delenjem promene brzine �!v =
!v 2�
!v 1 sa intervalom vremena �t = t2� t1 u kojem je pro-
mena brzine nastala, dobijamo srednju promenu brzine kretanja u jedinici vremena ili �-ziµcku veliµcinu koju nazivamo ubrzanje, odnosno!a sr =
!v 2 �
!v 1
t2 � t1=�!v
�t
Ubrzanje materijalne taµcke ili tela oznaµcavamo slovom a jer latinska reµc acceleratio znaµci ubrzanje pazato ubrzaµce elementarnih µcestica u atomskoj �zici nazivamo akceleratori.
1t
A v→ B
t 2 1t += ∆ t
+v→ ∆ v→ Za izuzetno mali interval vremena kada �t! 0 poloµzaj tela Atoliko je blizu poloµzaju tela B da se oni dodiruju ili sjedinjuju u jedannovi zajedniµcki poloµzaj pa se tada moµze zamisliti da vremena t1 i
t2 = t1 +�t pripadaju istom trenutku kada dobijamo formulu za trenutno ubrzanje materijalne ta-µcke ili tela, odnosno
!a = lim
�t!0
�!v
�t
U teorijskim analizama ili praktiµcnoj primeni koristimo iskljuµcivo trenutno ubrzanje pa se zato reµctrenutno moµze izostaviti i ostaviti samo reµc ubrzanje. U izuzetno retkim sluµcajevima kada se (ev-entualno) ne misli na trenutno ubrzanje, tada je to i nagla�eno ali takve beznaµcajne �analize�su opisneprirode.Dakle, trenutno ubrzanje ili samo ubrzanje materijalne taµcke ili tela koji se krecu promenlji-vom brzinom jeste njihovo srednje ubrzanje na beskonaµcno malom delu puta ili u besko-naµcno malom intervalu vremena, odnosno ubrzanje je brojno jednako promeni brzineu jedinici vremena pa moµzemo pisati
a =v2 � v1t2 � t1
=�v
�t=
m
ss=m
s2
kada vidimo da je jedinica za ubrzanje metar u sekundi na kvadrat, odnosno [a ] =m
s2
Kako jeubrzanje jednako koliµcnikupromenebrzine i intervala vremena u kojem je promenabrzine nastala, onda je ubrzanje kod jednakoubrzanog kretanja konstantno, odnosno:Za jednako ubrzano kretanje je a = const
brzinaopada
brzinaraste
a→v→
v→
a→
Ako brzina tela pri kretanju raste, tada vektor ubrzanja !a ima isti pravac
i smer kao vektor brzine !v ili put.
Ako brzina tela pri kretanju opada, tadavektor ubrzanja !a ima isti pravac
kaovektorbrzine!v ali suprotan smer.Na primer, kod slobodnog padanjavektori ubrzanja i brzine imaju isti pravac i smer.Me�utim, ako telo bacimovertikalno uvis, tada vektor ubrzanja ima isti pravac kao vektor brzineali suprotan smer.
Jednako ubrzano kretanje je ono kretanje materijalne taµcke ili tela kada se u istim ili jednakim interval-ima vremena brzina menja, odnosno povecava ili smanjuje za iste vrednosti.Ako poµcetnu brzinu oznaµcimo sa v0 i njen prira�taj, odnosno povecanje ili smanjenje u jednoj sekundisa a onda se brzina kretanja materijalne taµcke ili tela kod jednoliko ubrzanog kretanja moµze prikazatiformulama
Milinkovic M. Vukomir Fizika Osnovi teorije Re�eni zadaci Knjiga za samostalno pripremanje ispita 7
Na kraju �nulte� sekunde v = v0 + 0 � a t = v0Na kraju jedne sekunde v = v0 + 1 � a t = v0 + a tNa kraju dve sekunde v = v0 + 2 � a t = v0 + 2a tNa kraju tri sekunde v = v0 + 3 � a t = v0 + 3a tNa kraju n sekundi v = v0 + n � a t = v0 + na tTrenutna brzina v kod jednakoubrzanog kretanja moµze se prikazati formulom
v = v0 + a t odakle je a t = v � v0 odnosno a =v � v0t
=v � v0t� t0
=�v
� t= const
Kod jednakoubrzanog kretanja, trenutno ubrzanje (a) ima konstantnu vrednost jer se brzina u istimintervalima vremena menja za iste vrednosti.
Proseµcna ili srednjabrzina ipre�eniputkodjednakoubrzanogkretanjaKako jepromenabrzine kod jednakoubrzanog kretanja konstantna, onda se srednja brzinakod tog kretanja moµze prikazati aritmetiµckomsredinombrzine koju su taµcka ili telo imali napoµcetkui na kraju intervala, odnosno
vsr =v0 + v
2=v0 +
vz }| {v0 + a t
2=2v0 + a t
2= v0 +
1
2a t
gde je srednja brzina vsr jednaka onoj konstantnoj brzini kojom bi taµcka ili telo pre�li isti put Sza isto vreme ako bi se kretali konstantnom brzinom pa pre�eni put kod jednakoubrzanogkretanja iznosi
S = vsr t =
�v0 +
1
2a t
�t = v0 t+
1
2a t2
v
t0
=v const a
t0=a 0
Gra�k brzine v kod ravnomernog kreta-nja je prava linija paralelna sa t - osomdok se gra�k ubrzanja a poklapa sa t - os-om jer je vrednost ubrzanja a kod ravno-mernog kretanja jednaka nuli.
( )t s1 2 3 4 50
a [ ]ms2
33a = m
s2= const
=vv 0 + at
1 2 3 4 50
2
5
( )t s
smv [ ]
8
11
14
17
Ako telo ima poµcetnu brzinu v0 = 2m
si
ako nastavi kretanje ravnomerno ubrza-
no sa ubrzanjem a = 3m
s2
tada jednaµcina njegovog kretanja glasi
v = v0 + a t = 2m
s+ 3
m
s2� t
Zamenom odre�enih vrednosti za t i algeba-rskim raµcunanjem dobijamo razliµcite vred-nosti brzine v u zavisnosti od vremena t
t (s) 0 1 2 3 4 5
vh ms
i2 5 8 11 14 17
Kako je ubrzanje a kod jednakoubrzanog kretanja konstantno, onda je njegov gra�k pra-va linija paralelna sa t -osom i nalazi se iznad nje.
Milinkovic M. Vukomir Fizika Osnovi teorije Re�eni zadaci Knjiga za samostalno pripremanje ispita 8
1 2 3 4 50
2
5
( )t s
smv [ ]
=vv
0at
−
17
( )t s1 2 3 4 50
a [ ]ms2
3−3a = m
s2= const−
14
11
8
Ako telo ima poµcetnu brzinu v0 = 17m
si
ako nastavi kretanje ravnomerno uspo-reno sa ubrzanjem a = �3 m
s2
tada jednaµcina njegovog kretanja glasi
v = v0 � a t = 17m
s� 3 m
s2� t
Zamenom odre�enih vrednosti za t i algeba-rskim raµcunanjem dobijamo razliµcite vred-nosti brzine v u zavisnosti od vremena t
t (s) 0 1 2 3 4 5
vh ms
i17 14 11 8 5 2
Kako je ubrzanje a kod jednako usporenog kretanja konstantno, onda je njegov gra�k pra-va linija paralelna sa t -osom i nalazi se ispod nje.
S S
0 0
=S v t•
const=v
S}t
=Sv 0
+at
21
t•
2
S}t
Na slici levo prikazan jegra�k pre�enog putaS kod ravnomernogkretanjau zavisnostiod vremena kretanja (t)Na slicidesno prikazanje gra�kpre�enogpu-ta S kod jednakoub-rzanogkretanja u za-
visnosti od vremena kretanja (t) pri µcemu poµcetna brzina iznosi v0 = 0
Zavisnost brzine i puta kod jednakoubrzanog kretanjaIz formule za trenutnu brzinu kod jednakoubrzanog kretanja
v = v0 + a t dobijamo v � v0 = a t ) t =v � v0a
Ako vreme t =v � v0a
zamenimo u formulu za pre�eni put kod jednakoubrzanog kretanja
S = v0 t+1
2a t2 tada dobijamo
S = v0v � v0a
+1
2a
�v � v0a
�2=v � v0 � v20
a+1
2av2 � 2v � v0 + v20
a2=2v � v0 � 2v20
2a+v2 � 2v � v0 + v20
2a
=2v � v0 � 2v20 + v2 � 2v � v0 + v20
2a=v2 � v202a
odakle je v2 � v20 = 2aS odnosno v2 = v20 + 2aS pa je
v =pv20 + 2aS Zavisnost brzine v i puta S kod jednakoubrzanog kretanja
Ako poµcetna brzina iznosi v0 = 0 tada formula koja pokazuje zavisnost brzine od puta kod jed-nakoubrzanog kretanja glasiv =
p2aS
Ako je kretanje jednakousporeno, tada formula koja pokazuje zavisnost brzine i puta glasiv =
pv20 � 2aS
Ako nismo savladali diferencijalni raµcun, zaobi�imo nekoliko redovaKako trenutna brzina kod jednakoubrzanog kretanja iznosiv = v0 + a t onda formulu za pre�eni put moµzemo dobiti i primenom diferencijalnog raµcuna
Milinkovic M. Vukomir Fizika Osnovi teorije Re�eni zadaci Knjiga za samostalno pripremanje ispita 9
S =
tZ0
v dt =
tZ0
(v0 + a t) dt = v0 t+t2
2a = v0 t+
1
2a t2| {z }
Kvadriranjem formule za trenutnu brzinu kod jednakoubrzanog kretanja v = v0 + a t dobijamo
v2 = (v0 + a t)2= v20 + 2v0 a t+ a
2 t2 = v20 + 2a
�v0 t+
1
2a t2| {z }
S
�= v20 + 2aS odnosno v2 = v20 + 2aS )
v =pv20 + 2aS Zavisnost brzine v i puta S kod jednakoubrzanog kretanja
Ako telo polazi iz mirovanja kada je v0 = 0 tada za jednako ubrzano kretanje vaµze formule
Brzina v = v0|{z}0
+ a t = a t Pre�eni Put S = v0|{z}0
t+1
2a t2 =
1
2a t2
00) Od poµcetka kretanja automobila do dostizanja brzine v2 = 100km
hpro�e vreme t2 = 11 sekundi.
Odredimo ubrzanje automobila
a =�v
� t=v2 � v1t2 � t1
=100
km
h� 0
11 s� 0 =100 000
m
3 600 s11 s
= 2; 52m
s2
00) Odredimo ubrzanje tela ako ono polazi poµcetnom brzinom v0= 10m
si nastavi da se krece ravnomerno
ubrzano kada za prvih 10 s pre�e put S = 1000m
Iz formule za pre�eni put kod ravnomerno ubrzanog kretanja S = v0 t+1
2a t2 dobijamo
1
2a t2 = S� v0 t
odakle je
a = 2S � v0 tt2
= 21 000m� 10 m
s10 s
102 s2= 2
10m� 1m1 s2
= 18m
s2
00) Voz se krece brzinom v0 = 72km
h= 20
m
si od trenutka kada zapoµcne koµcenje pre�e rastojanje S = 800m
Odredimo ubrzanje voza pri koµcenju i vreme koµcenja.
Kvadriranjem formule v = v0 + a t dobijamo
v2 = (v0 + a t)2= v20 + 2v0 a t+ a
2 t2 = v20 + 2a
�v0 t+
1
2a t2| {z }
S
�= v20 + 2aS
Kada se voz zaustavi, tada njegova brzina iznosi v = 0 odnosno
0 = v20 + 2aS ) 2aS = � v20 ) a = � v202S
= �400
m2
s2
1600m= � 0; 25 m
s2
Vreme koµcenja voza moµzemo dobiti iz formule
v = v0 + a t ) 0 = v0 + a t ) a t = � v0 ) t = � v0a= �
20m
s
� 0; 25 ms2
= 80 s
00) Ako telo zapoµcne kretanje poµcetnom brzinom v0 = 10m
si nastavi da se krece ravnomerno ubrzanim
kretanjem kada za vreme t = 10 s pre�e put S = 1000m onda odredimo ubrzanje tela.
Iz formule za pre�eni put kod ravnomerno ubrzanog kretanja S = v0 t+1
2a t2 dobijamo
1
2a t2 = S � v0 t
odnosno
a = 2S � v0 tt2
= 21 000m� 10 m
s� 10 s
100 s2= 2
900m
100 s2= 18
m
s2
Milinkovic M. Vukomir Fizika Osnovi teorije Re�eni zadaci Knjiga za samostalno pripremanje ispita 10
00) Telo A poµcinje da se krece konstantnim ubrzanjem a1 = 1m
s2u trenutku kada mu je poµcetna brzina bila
2=2v→0 sm
B
ms2
a2 = 0,5−
1=1v→0 sm
A
1a = ms2
1 v01 = 1m
sTelo B poµcinje da se krece stalnim ubrzanjem a2 = � 0; 5
m
s2u
trenutku kada mu je poµcetna brzina bila v02 = 2m
sZa koliko vremena ce
tela A i B imati istu brzinu?Primenom formule za brzinu kod jednako ubrzanog kretanja v = v0 + a tdobijamo v1 = v01 + a1 t v2 = v02 + a2 t Iz uslova v1 = v2 dobijamo
v01+a1 t = v02+a2 t odakle je (a1 � a2 ) t = v02�v01 odnosno t =v02 � v01a1 � a2
=2m
s� 1 m
s
1m
s2+ 0; 5
m
s2
=1
1; 5s =
2
3s
Slobodno padanje
h
H=a g
t
0=v
→ →
v→
vk→
Slobodno padanje sa poµcetnom brzinom v0 ili bez poµcetne brzine v0 jeste primerjednako ubrzanog kretanja gde ubrzanje Zemljine teµze obeleµzavamo sa g ume-sto sa a i duµzinu pre�enog puta sa h ili H umesto sa STelo pada slobodno ako se bez otpora sredine krece kroz prostor samo zbog dejstvasile gravitacije pa se takvo kretanje moµze izvoditi u bezvazdu�nom prostoru.Kod pa-danja sa male visine u vazdu�nom prostoru uticaj otpora trenja sa vazduhom je ma-li pa se moµze zanemariti.Ako telo zapoµcne slobodno padanje sa visine H poµcetnom brzinom v0 tadanjegova trenutna brzina v i srednja brzina vsr u funkciji od vremena tiznose
v = v0 + g t odnosno vsr =v0 + v
2=v0 +
vz }| {v0 + g t
2=2v0 + g t
2= v0 +
1
2g t
pa duµzina puta h koji telo pre�e slobodnim padom za vreme t iznosi
h = vsr � t =�v0 +
1
2g t
�t = v0 � t+
1
2g t2
Iz poslednje jednaµcine moµzemo odreditivreme slobodnogpadanja tela napre�enomputu h odnosno1
2g t2 + v0 t� h = 0 ) g t2 + 2v0 t� 2h = 0 ) t1;2 =
�2v0 �p4v20 + 8 g h
2 g=�2v0 � 2
pv20 + 2 g h
2 g=
=�v0 �
pv20 + 2 g h
g=�v0 +
pv20 + 2 g h
gpa vreme slobodnog padanja iznosi
t =�v0 +
pv20 + 2 g h
g
Ako telo zapoµcne slobodno padanje sa visine H bez poµcetne brzine v0 tada njegova trenutnabrzina v srednja brzina vsr duµzina pre�enog puta h i vreme slobodnog padanja t iznose
v = g t vsr =1
2g t h =
1
2g t2 t =
p2 g h
g=
r2 g h
g2=
r2h
g
Kvadriranjem formule za trenutnu brzinu v = v0 + g t dobijamo
v2 = (v0 + g t)2= v20 + 2v0 g t+ g
2 t2 = v20 + 2 g�v0 t+
1
2g t2| {z }
h
�= v20 + 2 g h
pa brzina tela kod slobodnog padanja u trenutku kada pre�e rastojanje h iznosiv =
pv20 + 2 g h Ako telo zapoµcne slobodno padanje bez poµcetne brzine v0 tada njegova brzina
u trenutku kada pre�e rastojanje h iznosiv =
p2 g h
Milinkovic M. Vukomir Fizika Osnovi teorije Re�eni zadaci Knjiga za samostalno pripremanje ispita 11
9,81g = ms2
9,81g = ms2
9,83g = ms2
9,83g = ms2
9,78g = ms2
Pri padanju kroz bezvazdu�ni prostor sva tela imaju jednakoi stalno ubrzanje bez obzira na njihovu veliµcinu, oblik ili masuKod slobodnog padanja ubrzanje tela nastalo delovanjem gr-avitacione sile zavisi od nadmorske visine i nije jednako nasvim taµckama Zemljine povr�ine zbog njene �spljo�tenosti�.
Najmanje ubrzanje je na ekvatoru�g = 9; 78
m
s2
�anajvece
na polovima�g = 9; 83
m
s2
�Na geografskoj �irini 45� ubrzanje
pribliµzno iznosi g = 9; 81m
s2
Ako nismo savladali diferencijalni raµcun, zaobi�imo nekoliko redovaFormule za trenutnu brzinu v i pre�eni put h kod slobodnog padanja ili jednakoubrzanogkretanja u bezvazdu�nom prostoru moµzemo odrediti i primenom diferencijalnog raµcuna.Diferencijalna jednaµcina za brzinu glasidv
dt= g ) dv = g dt )
Zdv = g
Zdt ) v = g t+ C1| {z }
F
U poµcetku kretanja je t = 0 ) v = v0 pa zamenom u jednaµcinu F dobijamo v0 = g � 0 + C1 )C1 = v0 Zamenom C1 = v0 u jednaµcinuF dobijamo formulu za trenutnu brzinu v kod slobodnogpadanja ili jednakoubrzanog kretanja, odnosnov = g t+ v0 = v0 + g t
Diferencijalna jednaµcina za pre�eni put glasidh
dt= v = v0 + g t ) dh = v0 dt+ g t dt )
Zdh = v0
Zdt+ g
Zt dt ) h = v0 t+
1
2g t2 + C2| {z }
FF
U poµcetku kretanja je t = 0 ) h = 0 pa zamenom u jednaµcinu FF dobijamo
0 = v0 � 0+1
2g � 02+C2 ) C2 = 0 Zamenom C2 = 0 u jednaµcinu FF dobijamo formulu za pre�eni
put h kod slobodnog padanja ili jednakoubrzanog kretanja, odnosno
h = v0 t+1
2g t2
Vidimo da ubrzanje a brzina v i pre�eni put h ne zavise odmase m jer se pretpostavlja da setelo krece u vakumu gde nema trenja ili otpora vazduha.
Vertikalni hitac na goreAko telo izbacimo vertikalno na gore poµcetnom brzinom v0 tada gravitaciona sila svojim delovanjemsmanjuje brzinu njegovog kretanja.Ako se zanemari otpor vazduha, tada trenutna i srednja brzina
h
vk 0=
Hm
ax
v0
v0v <
kv′
=a g
→ →
→ →
→
→
tela u funkciji od vremena t iznose
v = v0 � g t odnosno vsr =v0 + v
2=v0 +
vz }| {v0 � g t2
=2v0 � g t
2= v0 �
1
2g t pa duµzina
puta h koji pre�e telo izbaµceno vertikalno uvis poµcetnom brzinom v0 iznosi
h = vsr � t =�v0 �
1
2g t
�t = v0 t�
1
2g t2
Kvadriranjem formule za trenutnu brzinu v = v0 � g t dobijamo
v2 = (v0 � g t)2 = v20 � 2v0 g t+ g2 t2 = v20 � 2 g�v0 t�
1
2g t2| {z }
h
�= v20 � 2 g h| {z }
�F
pa brzina
Milinkovic M. Vukomir Fizika Osnovi teorije Re�eni zadaci Knjiga za samostalno pripremanje ispita 12
tela izbaµcenog vertikalno uvis poµcetnom brzinom v0 u trenutku kada pre�e rastojanje h iznosiv =
pv20 � 2 g h Na maksimalnoj visini Hmax telo ima krajnju brzinu vk = 0 pa je vk = v0 � g t = 0 )
v0 = g t pa vreme dostizanja maksimalne visine Hmax iznosi
t =v0g
Kada dostignemaksimalnu visinu Hmax telo se zaustavi pa je vk = 0 odnosno v2k = v20 � 2 gHmax| {z }
�F
= 0 )
Hmax =v202 g
Ako pogledamo slobodno padanje bez poµcetne brzine v0 tada vidimo za�to posle dostizanjamaksimalne visine Hmax vreme padanja tela na mesto odakle je izbaµceno iznosi
t =
r2Hmaxg
=
vuuut 2v202g
g=
sv20g2=v0g
Vreme kretanja tela domaksimalne visine Hmax jednako je vremenu njegovog povratka do mesta odakleje i izbaµceno.Vidimo da je krajnja brzina v0k pri povratku tela na mesto odakle je izbaµceno jednaka poµcetnojbrzini v0 kojom je ono i izbaµceno, odnosno
v0k =p2gHmax =
s2g
v202g=pv20 = v0
00) Kuglica je baµcena sa Zemlje vertikalno uvis i na Zemlju se vratila posle 3 s Odredimo poµcetnu
v0
pv
Hm
ax
vk 0=
→
→
brzinu kuglice i dostignutu visinu ako se otpor vazduha zanemari.Kako je vreme kretanja kuglice od Zemlje domaksimalne visine jednako njenom povratku iztaµckemaksimalne visine do Zemlje, onda vreme kretanja kuglice vertikalno uvis iznosi t = 1; 5 sKada dostigne maksimalnu visinu, tada brzina kuglice iznosi vk = 0 odnosno
vk = v0 � g t = 0 pa je poµcetna brzina kuglice v0 = g � t = 9; 81m
s2� 1; 5 s = 14; 76 m
s
Maksimalnu visinu koju dostiµze kuglica moµzemo odrediti i primenom zakona o odrµzanju mehani-µcke energije.U trenutku poµcetka kretanja sa Zemlje kuglica ima samo kinetiµcku energiju, odnosno
Ek =1
2mv20 U trenutku dostizanja maksimalne visine kuglica ima samo potencijalnu energiju, odnosno
Ep = mgHmax Kako je Ek u poµcetku kretanja jednaka Ep na maksimalnoj visini, onda imamo
Ek = Ep ) 1
2mv20 = mgHmax ) Hmax =
v202 g
=(14; 76)
2 m2
s2
2 � 9; 81 ms2
= 11m
Kako je poµcetna brzina kretanja kuglice vertikalno uvis (v0 ) jednaka brzini njenog pada na Zemlju pri povratkuiz taµcke maksimalne visine (vp ) onda maksimalnu visinu moµzemo odrediti i primenom formule
v0 = vp =p2 gHmax ) v20 = 2 gHmax ) Hmax =
v202 g
= 11m
Brzina i ubrzanje kodpromenljivog pravolinijskog kretanja
1t 2t
0S 1S 2S
Pre�eni put S materijalne taµcke ili tela akose za vreme t krecu konstantnom brzinom
v iznosi S = v t odakle je v =S
t
Me�utim, ako se materijalna taµcka ili telo krecu po pravolinijskoj putanji nekom promenljivom brzinom
Milinkovic M. Vukomir Fizika Osnovi teorije Re�eni zadaci Knjiga za samostalno pripremanje ispita 13
kada za vreme t1 pre�u put S1 (raµcunajuci od taµcke S0) a za vreme t2 pre�u put S2 onda srednja brzina vsrnjihovog kretanja iznosi
vsr =S2 � S1t2 � t1
=�S
�t
Ako su prira�taji pre�enog puta �S i proteklog vremena �t toliko mali, tada dobijamo �prikaz�pro-mene brzine u beskonaµcno malim intervalima vremena odnosno pravu ili trenutnu brzinu
v = lim�t!0
�S
�t=dS
dt
Iz poslednje relacije vidimo da je brzina v prvi izvod puta S po vremenu t �to je (ponovimo) Njutnovade�nicija prvog izvoda. Sliµcno postupamo kada je u pitanju i ubrzanje koje de�ni�emo kao promenu brzineu odre�enim intervalima vremena. Iz iskustva znamo da je srednja vrednost ubrzanja u malom intervaluvremena bliµza trenutnom ubrzanju ukoliko je vremenski interval manji pa srednje ubrzanje asr mo-µzemo de�nisati relacijom.
asr =v2 � v1t2 � t1
=�v
�tUbrzanje u beskonaµcno malim intervalima vremena iznosi
a = lim�t!0
�v
�t=dv
dtOva formula pokazuje da je ubrzanje a prvi izvod brzine v po vremenu t
Kako je v =dS
dtonda poslednju formulu moµzemo prikazati i u obliku
a =dv
dt=d
dtv =
d
dt
dS
dt=d2S
dt2pa je ubrzanje a drugi izvod puta S po vremenu t
Formule v =dS
dta =
dv
dt=d2S
dt2su osnovne formule kretanja u �zici.
00) Odredimo poµcetnu brzinu i ubrzanje taµcke koja u �estoj sekundi pre�e 6m a u desetoj sekundi 8m
Prema formuli za pre�eni put kod jednakoubrzanog kretanja S = v0 t+1
2a t2 imamo
6 = 6 � v0 +1
2a � 36
8 = 10 � v0 +1
2a � 100
odakle re�avanjem po a dobijamo a = �0; 1 ms2
Zamenom a u jednu od dve prethodne relacije dobijamo po-
µcetnu brzinu v0 = 1; 3m
s
00) Neko telo polazi iz stanjamirovanja i krece se po pravolinijskoj putanji jednako ubrzanim kretanjemi u prvoj sekundi pre�e 20 cm
a) Koliki je njegov put u desetoj sekundi ?
b) Koliko vremena pro�e dok telo postigne brzinu 24m
s?
c) Koliki put telo pre�e za 3 min ?
Primenom formule za pre�eni put kod jednakoubrzanog kretanja
S1 = v0 t+1
2a t21 dobijamo a =
2S1t21
=2 � 0; 2 m1 s2
= 0; 4m
s2
a) Iz sistema jednaµcina
S10 =1
2a t210
S9 =1
2a t29
9>>=>>; dobijamo S = S10 � S9 =1
2a�t210 � t29
�=1
2� 0; 4 m
s2�100 s2 � 81 s2
�= 3; 8m
Milinkovic M. Vukomir Fizika Osnovi teorije Re�eni zadaci Knjiga za samostalno pripremanje ispita 14
b) v = v0|{z}0
+ a t Sada je t =v
a=24m
s
0; 4m
s2
= 60 s = 1 min
c) S(3 min) =1
2a t2 =
1
4� 0; 4 m
s2(180 s)
2= 6480m = 6; 48km
00) Prvu polovinu puta S telo prelazi brzinom v = v0 Duµz preostalog dela puta telo se1
2vremena kretalo
brzinom v = v1 dok je poslednji deo puta pre�lo brzinom v = v2 Odredimo srednju brzinu kretanja tela.
⇒ 21
2S 2t⇒ 21
1S 2t⇒21 S 1t
0v 1v 2v
Prema slici imamo1
2S = v0 t1 ) t1 =
S
2v0odnosno S1 = v1
1
2t2 =
1
2v1 t2 S2 = v2
1
2t2 =
1
2v2 t2
Kako je S1 + S2 =1
2S =
1
2(v1 + v2 ) t2 ) t2 =
S
v1 + v2onda imamo
vsr =S
t1 + t2=
SS
2v0+
S
v1 + v2
=S
v1 S + v2 S + 2v0 S
2v0 v1 + 2v0 v2
=2v0 v1 S + 2v0 v2 S
v1 S + v2 S + 2v0 S=2v0 (v1 + v2 )
2v0 + v1 + v2
00) Automobil A krece se konstantnom brzinom vA = 85km
hi pretiµce automobil B koji se krece brzinom
vB = 60km
hDuµzine automobila A i B iznose l = 5m Rastojanje izme�u automobila pre i posle preticanja
iznosi L = 25m Odredimo vreme i put preticanja automobila koji pretiµce.
A B B A
l L l l L l
vA→ →vB vA
→
=S B vB ⋅τ=SA vA ⋅τ
→vB
Put koji pre�e automobil A iznosi SA = SB + 2L+ 2l = SB + 2 (L+ l) odakle je SA � SB = 2 (L+ l)
Kako je SA = vA � SB = vB � ) vA � � vB � = (vA � vB ) � = 2 (L+ l) pa vreme preticanja � iznosi
� =2 (L+ l)
(vA � vB )= 8; 64 s Sada je SA = vA � = 204m SB = vB � = 144m
00) Automobil se krece srednjom brzinom vsr = 40km
htokom 3 sata (� = 3h) Za to vreme automobil
se kretao sa tri razliµcite konstantne brzine i to v1 = 20km
hv2 = 50
km
hi kroz pola sata sa v3 = 34
km
h
Koliko vremena se automobil kretao sa prethodnim konstantnim brzinama?
vsr = 40km
h� = 3h
)S = vsr � = 120km Kako je t1 =
S1v1
t2 =S2v2
t3 =S3v3=1
2h odnosno
S3 = v3 t3 = 34km
h� 0; 5h = 17km onda imamo S1 + S2 + S3 = 120km ) S1 + S2 = 103km = S0
t1 + t2 + t3 = 3h ) t1 + t2 = 2; 5h = t0 pa je
Milinkovic M. Vukomir Fizika Osnovi teorije Re�eni zadaci Knjiga za samostalno pripremanje ispita 15
t0 = t1+ t2 =S1v1+S2v2=S1v1+S0 � S1v2
=S1v1+S0v2� S1v2= S1
�1
v1� 1
v2
�+S0v2
S1
�1
v1� 1
v2
�= t0�
S0v2
)
S1 =t0 �
S0v2
1
v1� 1
v2
=
2; 5h� 103km
50km
h1
20km
h
� 1
50km
h
= 14; 6km t1 =S1v1= 0; 73 h t2 = t0 � t1 = 2; 5 h� 0; 73 h = 1; 77 h
00) Telo je baµceno vertikalno uvis. Posle jedne sekunde (t1 = 1 s) telo se nalazi na visini h1 a posle dve
H
t 2
t1
t 3
h1=
hH
h1−
0=vk
v p0→
v1→
v 2→
v0→
sekunde prolazi kroz istu taµcku. Vreme se raµcuna od bacanja tela.Odredimo poµce-tnu brzinu tela v0 visinu h1 najvecu visinu H i brzinu v2 pri drugom prolaskutela kroz taµcku na visini h1 Za dati zadatak vaµze sledece formulevk = v0 � g (t1 + t2 ) = 0 ) v0 = g (t1 + t2 )
v1 = v0 � g t1 = g (t1 + t2 )� g t1 = g t2
H = v0 (t1 + t2 )�1
2g (t1 + t2 )
2= g (t1 + t2 )| {z }
v0
(t1 + t2 )�1
2g (t1 + t2 )
2
= g (t1 + t2 )2 � 1
2g (t1 + t2 )
2=1
2g (t1 + t2 )
2
(a) h = v1 t2 �1
2g t22 = g t2 t2 �
1
2g t22 =
1
2g t22 (b) h =
1
2g t23
Iz (a) i (b) dobijamo 1
2g t22 =
1
2g t23 ) t2 = t3 = 1 s Sada je
v0 = g (t1 + t2 ) = 19; 62m
sH =
1
2g (t1 + t2 )
2 odnosno
h1 = v0 t1 �1
2g t21 = 19; 62m � 1 s�
1
2� 9; 81 m
s2� 1 s2 = 14; 715m
h =1
2g t22 =
1
2� 9; 81 m
s2� 1 s2 = 4; 905m v0 =
p2 g h = 9; 81
m
s
Milinkovic M. Vukomir Fizika Osnovi teorije Re�eni zadaci Knjiga za samostalno pripremanje ispita 16
Krivolinijsko kretanje u prostoruSvako krivolinijsko kretanje materijalne taµcke ili tela moµze se posmatrati kao kruµzno i pravolinijsko kre-tanje jer se svaka kriva linija moµze razloµziti na elementne lukove odre�enih duµzina i odgovarajucih polu-preµcnika.Kako su brzina, ubrzanje i put vektorske veliµcine, onda se krivolinijsko kretanje u prostorumoµze �racionalno�prikazati vektorskim veliµcinama.Kod pravolinijskog kretanja to nije neophodno jer su
y
z
x0 j
→i→
k→
A
r→
yx
z
pravci vektora brzine kod pravolinijskog kretanja istiodnosno �leµze� na istoj pravoj pa su kod takvog kretanjapotrebne samo brojne vrednosti za brzinu, ubrzanje ipre�eni put jer je sabiranje vektora istog pravca po br-ojnoj vrednosti identiµcno algebarskom.Poloµzaj taµcke A u prostoru prikazanom pravouglim koor-dinatnim sistemom potpuno je odre�en njenim koordinatamax y z odnosno vektorom poloµzaja!r = x
!i + y
!j + z
!k gde su
!i
!j
!k jediniµcni vektori
Brzina kod krivolinijskog kretanja u prostoruOpisivanje ili �prouµcavanje�promene poloµzaja, odnosno �kretanja�materijalne taµcke ili tela u prostoru
y
z
x
0i→
j→
k→
∆ s
r→∆
r→ r→1
AA1
A2
An
v→→
0τ
ili ravni znaµci odrediti njihovpoloµzaj u bilo kom trenutkuu odnosu na odabrani koordi-natni sistem. Poloµzaj taµckeA pri kretanju kroz poloµzajeA1 A2 : : : An odre�en je njen-im pokretnim vektorom po-loµzaja
!r
!r =
!r (t)
= x (t)!i + y (t)
!j + z (t)
!k
Ovoj vektorskoj jednaµcini od-govaraju tri skalarne jednaµcine
x = x (t) y = y (t) z = z (t)
Ako iz poloµzaja A odre�enog vektorom poloµzaja!r za vremenski interval �t taµcka stigne u poloµzaj A1
odre�en vektorom poloµzaja!r 1 tada imamo
!r 1 =
!r + �
!r ) �
!r =
!r 1 �
!r
gde je vektor �!r prira�taj ili promena vektora poloµzaja
!r u vremenskom intervalu �t odnosno ve-
ktor pomeraja taµcke.Koliµcnik vektora prira�taja �!r i vremenskog intervala (skalara) �t predsta-
vlja vektor srednje brzine u tom vremenskom intervalu, odnosno
!v sr =
�!r
�t
gde vektor!v sr ima isti pravac i smer kao i vektor �
!r i njegova brojna vrednost je proporcionalna
intenzitetu vektora �!r Me�utim, srednja brzina
!v sr odstupa po pravcu i intenzitetu od trenutne
brzine taµcke u poloµzaju A kada je to odstupanje manje ako je interval izme�u poloµzaja A i A1 manji.Vektor
!v sr dostiµze graniµcnu vrednost trenutne brzine
!v kada rastojanje A1A! 0 ili �t! 0 pa je
!v = lim
A1!A
!v sr = lim
�t!0
�!r
�t= lim
�t!0
!r (t+�t)� !
r (t)
�t=d!r
dt=
�!r
Ova relacija pokazuje da je trenutna brzina jednaka prvom izvodu vektora poloµzaja pokretnetaµcke po vremenu.
Milinkovic M. Vukomir Fizika Osnovi teorije Re�eni zadaci Knjiga za samostalno pripremanje ispita 17
y
z
x
0i→
j→
k→
r→∆
r→ r→1
AA1 A2
An
v→
→0τ
r→∆r→∆
Smanjenjem vremena �t sm-anjuje se seµcica �
!r ili tetiva
luka koja za �t! 0 iz poloµza-ja tetive prelazi u poloµzaj ta-ngente u taµcki A kada intenz-itet vektora prira�taja pos-taje jednak pre�enom putudr = dS pa se vektor brzinemoµze izraziti relacijom
!v =
dr
dt
!� 0 =
dS
dt|{z}v
!� 0 = v
!� 0
gde jedS
dtintenzitet brzine kretanja materijalne taµcke u poloµzaju A a
!� 0 jediniµcni vektor tangente.
U pravouglom koordinatnom sistemu vektor brzine!v ima tri komponente duµz x y z ose.
Diferenciranjem vektora poloµzaja!r po vremenu t dobijamo
!v =
d!r
dt=d
dt
�x!i + y
!j + z
!k
�=dx
dt|{z}vx
!i +
dy
dt|{z}vy
!j +
dz
dt|{z}vz
!k = vx
!i + vy
!j + vz
!k
pa se komponente brzine v ili njene projekcije na koordinatne ose x y z mogu prikazati formulama
vx =dx
dt=
�x vy =
dy
dt=
�y vz =
dz
dt=
�z dok je modul ili intenzitet brzine v odre�en formulom
v =qv2x + v
2y + v
2z Pravac vektora brzine v u odnosu na koordinatne ose moµzemo odrediti preko kosinusa
uglova u odnosu na te ose gde je
cos (!v ;
!i ) =
�xq
�x2 +
�y2 +
�z2=
�x
vcos (
!v ;
!j ) =
�yq
�x2 +
�y2 +
�z2=
�y
vcos (
!v ;
!k ) =
�zq
�x2 +
�y2 +
�z2=
�z
v
Ubrzanje kod krivolinijskog kretanja u prostoru
y
z
x
0i→
j→
k→
AA1
An
v→
v→∆
v→∆v→1v→1
a→
Kod neravnomernog kretanjamaterijalne taµcke po krivolini-jskoj putanji njen vektor br-zine se menja sa vremenompo pravcu i intenzitetu.Dakleako se taµcka u vremenu od t dot+�t krece po krivoj liniji odpoloµzajaA do poloµzajaA1 ta-da vektor prira�taja ili pro-mene njene brzine iznosi
�!v =
!v 1 �
!v
Ako vektor prira�taja brzine �!v podelimo sa intervalom vremena �t za koji je taj prira�taj nastao
tada dobijamo vektor srednjeg ubrzanja materijalne taµcke, odnosno
�!v
�t=
!a sr
Kako je vektor srednjeg ubrzanja!a sr koliµcnik vektora prira�taja brzine i vremenskog intervala �t
koji je pozitivni skalar, onda vektor!a sr ima isti pravac i smer kao vektor prira�taja brzine �
!v
Vektor!a sr dostiµze graniµcnu vrednost trenutnog ubrzanja
!a ako rastojanje A1A! 0 ili ako �t! 0
pa je
Milinkovic M. Vukomir Fizika Osnovi teorije Re�eni zadaci Knjiga za samostalno pripremanje ispita 18
!a = lim
A1!A
!a sr = lim
�t!0
�!v
�t= lim
�t!0
!v (t+�t)� !
v (t)
�t=d!v
dt=
�!v
Ova formula pokazuje da je trenutno ubrzanje materijalne taµcke jednako prvom izvodu vektora brzine
taµcke po vremenu. Kako je!v =
d!r
dtonda formula
!a =
d!v
dt=d2!r
dt2=
��!r
pokazuje da je vektor ubrzanja!a jednak drugom izvodu vektora poloµzaja pokretne taµcke po vre-
menu. U pravouglom koordinatnom sistemu vektor ubrzanja!a ima tri komponente duµz x y z ose kada
dvostrukim diferenciranjem vektora poloµzaja!r po vremenu t dobijamo
!a =
d2!r
dt2=d
dt
�dx
dt|{z}vx
!i +
dy
dt|{z}vy
!j +
dz
dt|{z}vz
!k
�=d2x
dt2|{z}ax
!i +
d2y
dt2|{z}ay
!j +
d2z
dt2|{z}az
!k
pa se komponente ubrzanja a ili njegove projekcije na koordinatne ose x y z mogu prikazati formulama
ax =d2x
dt2=
��x ay =
d2y
dt2=
��y az =
d2z
dt2=
��z
dok je modul ili intenzitet vektora ubrzanja a odre�en formulom
a =qa2x + a
2y + a
2z =
q��x2 +
��y2 +
��z2 Pravac vektora ubrzanja a u odnosu na koordinatne ose moµzemo
odrediti preko kosinusa uglova u odnosu na te ose gde je
cos (!a ;
!i ) =
��xq
��x2 +
��y2 +
��z2=axa
cos (!a ;
!j ) =
aya
cos (!a ;
!k ) =
aza
Milinkovic M. Vukomir Fizika Osnovi teorije Re�eni zadaci Knjiga za samostalno pripremanje ispita 19
Kosi hitac
v y
v x
v
ax = 0ay = −g
v xv =
ymax
v x0
v y0
v 0
αα
v xk
v yk
v0
vk=
x
v x
v y v
21 D
D
0
y Ako se telo izbaci u bezotpo-rni prostor nekom silom poduglom � u odnosu na x - osutada u nastavku kretanja nanjega deluje iskljuµcivo gra-vitaciona sila pa je dalje kr-etanje telasloµzeno, odnosnoravnomerno po horizontal-noj komponenti vx i ravno-merno-promenljivo po ve-rtikalnoj komponenti vy jergravitaciona sila na �slobo-dno�telo vr�i uticaj iskljuµci-vo po vertikalnom pravcu.Dakle, u horizontalnom pr-avcu na telo ne deluje ni-kakva sila pa njegovo ubrza-nje u pravcu x - ose iznosi
ax = 0 ) vx = v0x = const
x = vx t
dok u vertikalnom pravcu na telo deluje konstantna gravitaciona sila pa je ubrzanje u pravcu y - ose
ay = � g ) vy = v0y + ay t = v0y � g t ) y = v0y t�1
2g t2
Putanja kretanja tela izbaµcenog u polju gravitacione sile moµze se �opisati�formulama
x = vx t y = v0y t�1
2g t2
U trenutku dostizanja maksimalne visine (ymax ) vertikalna komponenta brzine tela iznosi vy = 0 pa je
vy = v0y � g tymax = 0 ) v0y = g tymax
odakle dobijamo vreme dostizanja maksimalne visine (tymax ) koje iznosi
tymax =v0yg
pa je vreme dostizanja maksimalne visine (ymax ) srazmerno vertikalnoj kompone-
nti poµcetne brzine (v0y ) a obrnuto srazmerno gravitacionom ubrzanju (g)U trenutku maksimalnog doleta tela (D) njegova vertikalna komponenta visine iznosi y = 0 a njenomzamenom u jednaµcinu putanje dobijamo
0 = v0y t�1
2g t2 ) v0y =
1
2g t pa je ukupno vreme kretanja tela
tuk =2v0yg
odakle vidimo da je ono 2 puta vece od vremena dostizanja najvece visine, odnosno
tuk = 2 tymax jer se �taµcka�maksimalne visine putanje (ymax ) nalazi na njenoj polovini.
Maksimalna visina putanje tela iznosi
ymax= v0y tymax�1
2g t2ymax= v0y
v0yg� 12gv20yg2
=v20yg� 12
v20yg=v20y2g
Kako je
v0x = v0 cos� v0y = v0 sin� onda horizontalna komponenta putanje ili maksimalni dolet iznosi
D = xmax= v0x tuk= v0x2v0yg
=2v0xv0y
g=2v0 cos�v0 sin�
g=v20 2 sin� cos�
g=v20 sin 2�
g
pa se vidi da telo ima najveci dolet D ako je izbaµceno pod uglom � = 45� jer je tada sin 2� = sin 90� = 1
Milinkovic M. Vukomir Fizika Osnovi teorije Re�eni zadaci Knjiga za samostalno pripremanje ispita 20
odnosno � = 45�
Ne�to �sloµzeniju�, zanimljiviju i korisniju analizu istog �problema�uz upotrebu ne�to �sloµzenijeg�raµcuna moµze-mo pogledati na sledecim stranicama gde je termin hitac zamenjen terminom teniska loptica.
Teniska loptica je izbaµcena sa visine h poµcetnom brzinom v0 u pravcu koji sa terenom zaklapa ugao �Odredimo parametre kretanja loptice ako zanemarimo uticaj otpora vazduha
v y = 0
v x0
v y0v 0
v y
v x
ax = 0ay = −g
vv xv =
v y
v x
v
γ
hD1
0D
α
θv xk
v yk vk
x
x1
y
ymax y max1
Sa slike vidimo da vaµze sledece relacije:v0xv0
= cos� ) v0x = v0 cos�v0yv0
= sin� ) v0y = v0 sin�
Posle poµcetka kretanja, loptica nema horizontalno ubrzanje ax pa imamo:
ax = 0| {z } ) ax =dvxdt
= 0 ) vx = const = v0x = v0 cos� vx =dx
dt= v0 cos� ) dx = v0 cos� dt )
x = v0 cos�
Zdt = v0 cos� � t+ C1 Konstantu C1 odre�ujemo iz poµcetnih uslova, odnosno
x(t=0) = 0 ) 0 = v0 cos� � 0 + C1 ) C1 = 0 Zamenom dobijamo
x = v0 cos� � t ) t =x
v0 cos�
ay = � g| {z } ) ay =dvydt
= � g ) dvy = � g dt ) vy = � gZdt = � g t+ C2
Konstantu C2 odre�ujemo iz poµcetnih uslova, odnosno
vy(t=0) = v0y ) v0y = � g � 0 + C2 ) C2 = v0y = v0 sin� Sada je
vy =dy
dt= v0 sin�� g t ) dy = (v0 sin�� g t) dt
y = v0 sin�
Zdt� g
Zt dt = v0 sin� � t�
1
2g t2 + C3
y(t=0) = h ) h = v0 sin� � 0�1
2g � 02 + C3 ) C3 = h Sada je
y = v0 sin� � t�1
2g t2 + h = v0 sin�
x
v0 cos�� 12g
x2
v20 cos2 �
+ h = x tg �� g
2v20 cos2 �
x2| {z }parabola
+ h
Milinkovic M. Vukomir Fizika Osnovi teorije Re�eni zadaci Knjiga za samostalno pripremanje ispita 21
Odredimo brzinu loptice v u zavisnosti od njenog poloµzajav2 = v2x + v
2y = (v0 cos�)
2+ (v0 sin�� g t)2 = v20 cos2 �+ v20 sin2 �� 2v0 sin� � g t+ g2 t2
= v20�cos2 �+ sin2 �
�| {z }1
� 2g�v0 sin� � t�
1
2g t2�
| {z }y�h
= v20 � 2 g (y � h) Sada je
v =pv20 � 2g (y � h) Odredimo �pravce�kretanja loptice u funkciji vremena. Prema slici imamo:
tg =vyvx=v0 sin�� g tv0 cos�
= tg �� g t
v0 cos�tg � = � vyk
vxk=g tk � v0 sin�v0 cos�
=g tk
v0 cos�� tg �
Odredimo vreme t1 za koje loptica dostignemaksimalnu visinu putanje (ymax ) U trenutku dostizanjamaksimalne visine, vertikalna komponenta brzine vy jednaka je nuli, odnosno
vy(t=t1 ) = v0 sin�� g t1 = 0 ) t1 =v0 sin�
gMaksimalna visina koju loptica dostiµze iznosi
ymax = y(t=t1 ) = v0 sin� � t1 �1
2g t21 + h = v0 sin�
v0 sin�
g� 12gv20 sin
2 �
g2+ h =
1
2
v20 sin2 �
g+ h
Za h = 0 ) y1max =v20 sin
2 �
2gOdredimomaksimalni domet loptice
Za x = D ) y = 0 ) 0 = D tg �� g
2v20 cos2 �
D2 + h Mnoµzenjem sa2v20 cos
2 �
gdobijamo
D2 � 2 tg � � v20 cos
2 �
gD � 2v
20 cos
2 � � hg
= 0 odnosno D2 � v20 sin 2�
gD � 2v
20 cos
2 � � hg
= 0 Sada je
D =
v20 sin 2�
g�
s�v20 sin 2�
g
�2+4 � 2 � v20 cos2 � � h
g
2
Nama je znaµcajno samo re�enje sa znakom (+) odnosno
D =v20 sin 2�
2g+1
2
s�v20 sin 2�
g
�2+4 � 2v20 cos2� � h
g=v20 sin 2�
2g+
s1
4
�v20 sin 2�
g
�2+1
4
4 � 2 � v20 cos2� � hg
=v20 sin 2�
2g+
vuuuuut�v20 sin 2�
2g
�20BB@1 +2 � v20 cos2 � � h
g
4 � v40 sin2 � � cos2 �4g2
1CCA =v20 sin 2�
2g+v20 sin 2�
2g
s1 +
2 g h
v20 sin2 �
=v20 sin 2�
2g
1 +
s1 +
2 g h
v20 sin2 �
!
Za h = 0 ) D1 =v20 sin 2�
gLoptica dostiµzemaksimalni domet ako je izbaµcena pod uglom � =
�
4
Tada je sin 2� maksimalno, odnosno sin 2� = sin�
2= 1 Za � =
�
4) D1max =
v20g
Primetimo da loptica dostiµze najvecu visinu na polovini D1
Milinkovic M. Vukomir Fizika Osnovi teorije Re�eni zadaci Knjiga za samostalno pripremanje ispita 22
Horizontalni hitac Pogledajmo sledeci primer
00) Na visini H = 25m horizontalno je baµcena kuglica poµcetnom brzinom v0 = 15m
sOdredimo vreme
βα vx
v y
v
x
y →v 0
D
H
0
→
→
→
kretanja kuglice, domet, intenzitet brzine kuglice pri udaruna Zemlju i ugao pod kojim kuglica pada na Zemlju.Ako bi slobodno padala na Zemlju bez poµcetne brzine i ot-pora vazduha, tada bi kuglica za vreme t pre�la vertikalno
rastojanje H =1
2g t2 pa vreme kretanja kuglice iznosi
t =
r2H
g=
vuut 2 � 25m9; 81
m
s2
= 2; 26 s Ako nema otpora vazduha,
tada je horizontalna komponenta brzine kuglice (vx ) u sva-kom trenutku jednaka njenoj poµcetnoj brzini v0 pa domet
kuglice iznosi D = v0 � t = 15m
s� 2; 26 s = 33; 86m
Vertikalna komponenta brzine (vy ) jednaka je brzini slobodnog padanja, odnosno
vy = g � t = 9; 81m
s2� 2; 26 s = 22; 15 m
s
Brzinu udara kuglice na Zemlju moµzemo odrediti primenom Pitagorine teoreme, kada je
v =q(vx )
2+ (vy )
2=q(v0 )
2+ (vy )
2=
r225
m2
s2+ 490; 5
m2
s2= 26; 75
m
s
Kako je sin� =vyv) � = arcsin
vyv= arcsin
22; 15m
s
26; 75m
s
= 55; 89� onda ugao udara kuglice na Zemlju iznosi
� = 180� � � = 180� � 55; 89� = 124; 11�
00) Iz podnoµzja ravni nagnute pod uglom � = 20� izbaµcen je projektil poµcetnom brzinom v0 = 100m
spod
α β
v 0
domet d xy =
βtan ⋅y( , )T 0x 0
x
y
0 0x
y 0
→
uglom � = 50� u odnosu na strmu ravan.Odredimo domet proj-ektila duµz ravni. Prema slici imamo
x = v0 cos� � t ) t =x
v0 cos�odnosno y = v0 sin� � t�
1
2g t2 =
= v0 sin�x
v0 cos�� 12g
x2
v20 cos2 �
= x tg �� g x2
2v20 cos2 �| {z }
parabola
Presek putanje kretanja (parabole) i prave y = tg � � x glasi y = y odnosno
x0 tg � = x0 tg ��g x20
2v20 cos2 �
Iz ove jednaµcine dobijamo x0
�(tg �� tg � )� g x0
2v20 cos2 �
�= 0 kada jedno
�re�enje�x0 = 0 otpada dok se drugo re�enje dobija ako se izraz u velikoj zagradi izjednaµci sa nulom pa je
g x0 = 2v20 cos
2 � (tg �� tg � ) ) x0 =2v20 cos
2 �
g(tg �� tg � ) Kako je
x0d= cos� onda imamo
d =x0cos�
=2v20 cos
2 �
g cos�(tg �� tg � ) = 741; : : : m
Milinkovic M. Vukomir Fizika Osnovi teorije Re�eni zadaci Knjiga za samostalno pripremanje ispita 23
00) Na 10m udaljenosti i 4m iznad horizontalne ravni nalazi se meta koju treba pogoditi kuglom izbaµcenom
x
y
0θ
0x
y 0
v 0
v 0
α 2 α 1
→
→
poµcetnom brzinom v0 = 20m
sOdredimo ugao u odnosu na horizontalnu
ravan pod kojim treba baciti kuglu da bi ona pogodila metu. Prema slici imamo
x = v0 cos� � t ) t =x
v0 cos�odnosno
y = v0 sin� � t�1
2g t2= v0 sin�
x
v0 cos�� 12g
x2
v20 cos2�
= x tg �� g x2
2v20 cos2�
pa je y0 = x0 tg ��g x20
2v20 cos2 �
Mnoµzenjem sa 2 cos2 � dobijamo
2y0 cos2 � = 2x0
sin�
cos�cos2 �� g x
20
v20Kako je
(2 cos2 � = 1 + cos 2�
2 sin� cos� = sin 2� onda je
y0 (1 + cos 2�) = x0 sin 2��g x20v20
odnosno y0 +g x20v20
= x0 sin 2�� y0 cos 2�
y0
�1 +
g x20v20 y0
�= x0 sin 2�� y0 cos 2� Prema slici vaµzi
y0px20 + y
20
= sin �x0px20 + y
20
= cos �y0x0= tg �
pa delenjem prethodne relacije sapx20 + y
20 dobijamo
y0px20 + y
20
�1 +
g x20v20 y0
�=
x0px20 + y
20
sin 2�� y0px20 + y
20
cos 2� odnosno
sin �
�1 +
g x20v20 y0
�= cos � sin 2�� sin � cos 2� = sin (2�� �) odakle je
2�� � = arcsin�sin �
�1 +
g x20v20 y0
��odnosno
�1 =1
2
arcsin
sin �
�1 +
g x20v20 y0
�| {z }
0:599
!| {z }
36;8�
+ arc tgy0x0| {z }
�=21;8�
!= 29� 180 1200
Kako je sin� = sin (� � �) onda jednostavno dobijamo i �2 odnosno
�2 =1
2
�180� � arcsin
�sin �
�1 +
g x20v20 y0
��+ arc tg
y0x0
�= 82� 290 5300
Oba re�enja su realna i zadovoljavaju uslove zadatka.
00) Lopta se otkotrlja sa horizontalnog stola visokog h = 2; 2m posle µcega padne na pod na rastojanju
dx
y
0
h
v→0
v→
d = 2; 9m od podnoµzja stola.Odredimo vreme padanja lopte (�) br-zinu kojom je napustila sto (v0) i brzinu njenog udara o pod (v)Ako zanemarimo otpor vazduha, tada kotrljanje lopte nema uticajapa njeno kretanje moµzemo posmatrati kao horizontalni hitac gde je� = 0 Prema slici, parametarske jednaµcine glase
x = v0 t ) t =x
v0y = h� 1
2g t2 = h� g x
2
2v20
Prema zakonu o odrµzanju energije E = const imamo
1
2mv20 +mgh odakle je v =
pv20 + 2 g h
Za x = d ) y = 0 pa je 0 = h� g d2
2v20) h =
g d2
2v20odnosno
Milinkovic M. Vukomir Fizika Osnovi teorije Re�eni zadaci Knjiga za samostalno pripremanje ispita 24
v0 =
rg d2
2h= d
rg
2h= 2; 9m
vuut 9; 81m
s2
4; 4m= 4; 33
m
sVreme padanja lopte � moµzemo odrediti iz formule
x = d = v0 � odakle je � =d
v0=
2; 9m
4; 33m
s
= 0; 67 s Brzina udara lopte u pod iznosi
v =pv20 + 2 g h = 7; 86
m
s
00) Telo je baµceno poµcetnom brzinom v0 = 24m
spod uglom � u odnosu na horizontalnu ravan.Odredi-
d0
Ay
xα
v→0
mo ugao � da domet tela bude jednak maksimalno dostignutoj visini kreta-nja ymax Odredimo domet tela.
Kako je y = v0 t sin��1
2g t2 onda za taµcku A vaµzi y = ymax v0 = 0 odnosno
vy = v0 sin�� g t = 0 odakle je t0A =v0 sin�
g
ymax = y(t od 0 do A) = v0v0 sin�
gsin�� 1
2gv20 sin
2 �
g2=v20 sin
2 �
g� 12
v20 sin2 �
g
=v20 sin
2 �
2g
d = v0 t cos� = v0 � 2 � t(0A) cos� = 2 � v0v0 sin�
gcos� =
v20 sin 2�
gMora biti d = ymax odnosno
v20 sin 2�
g=v20 sin
2 �
2 g) 2 � 2 sin� cos� = sin2 � ) 4 cos� = sin� Sada je 4 =
sin�
cos�= tg � )
� = arc tg 4 = 75� 570 ili d = ymax =v20 sin 2�
g= 27; 63m
00) Na strmu ravan nagibnog ugla � = 45� pada kugla sa visine H = 20m bez poµcetne brzine. Pri
dx
v 0
y
0l m10=
D
hm
10=
hm
10=
Hm
20=
o45o45
N
α
→
odbijanju od strme ravni kugla izgubi 20% brzine.Mesto udarau strmu ravan je na polovini visine slobodnog pada.Odredimo domet kugle na horizontalnu ravan.
Kako je v = g t odnosno h = v0 t|{z}0
+1
2g t2 =
1
2g t2 onda brzina uda-
ra kugle u strmu ravan iznosi v =p2 g h Od strme ravni kugla se odbi-
ja pod istim uglom pod kojim je pala na ravan.To znaµci da kugla na-stavlja da se krece kao telo baµceno sa visine h u horinzontalnom pravcu(� = 0) i to brzinom v0 koja je 20% manja od brzine v odnosno
v0 = 0; 8 � v = 0; 8 �p2 g h Prema slici vaµze parametarske jednaµcine
x = v0 t ) t =x
v0odnosno y = h� 1
2g t2
U trenutku pada na horinzontalnu ravan kada je x = D y = 0 vaµzi
y = 0 = h� 12g t2 ) t =
r2h
godnosno
D
v0=
r2h
godakle je
D = v0
r2h
g= 0; 8 �
p2 g h
r2h
g= 16m Domet na horizontalnoj ravni d iznosi
d = D � l = 16m� 10m = 6m
Milinkovic M. Vukomir Fizika Osnovi teorije Re�eni zadaci Knjiga za samostalno pripremanje ispita 25
Kruµzno kretanjeKruµzno kretanje je najjednostavniji i najvaµzniji oblik krivolinijskog kretanja gde se materijalna taµcka
0θθ∆θ
A1
A
r0
∆ S
x
ykrece oko jedne obrtne ose opisujuci kruµznu putanju koja leµzi u ra-vni normalnoj na obrtnu osu. Za jednostavnije razumevanje kruµznogkretanjamaterijalne taµcke prirodno se javlja potreba za pojmovima ug-aone brzine i ugaonog ubrzanja jer je brzina kretanja materijalnetaµcke zavisna od njene udaljenosti od obrtne ose dok je njena ug-aona brzina ista bez obzira na udaljenost taµcke od iste obrtne ose
Ugaona brzina kod kruµznog kretanjaAko se materijalna taµcka krece po kruµznoj putanji oko obrtne ose (0)koja je normalna na ravan kruµzne putanje, tada rastojanje te taµckedo obrtne ose, odnosno polupreµcnik
�r = 0A
�u nekom vremensk-
om intervalu �t opisuje neki ugao �� pa je poloµzaj taµcke kod kru-µznog kretanja odre�en njenim rastojanjem od obrtne ose i opisanim
uglom. Ako iz poloµzaja A za neki vremenski interval �t taµcka stigne u poloµzaj A1 tada ugaoni pomerajpolupreµcnika, odnosno rastojanja od obrtne ose iznosi�� = � � �0pa se srednja ugaona brzina (!sr ) materijalne taµcke oko obrtne ose de�ni�e koliµcnikom njenog ugaonogpomeraja (��) i vremenskog intervala (�t) za koji je taj ugaoni pomeraj (��) nastao, odnosno
!sr =��
�t=� � �0t� t0
pri µcemu se u trenutku t0 taµcka nalazila u poloµzaju A i u trenutku t u poloµzaju A1
Srednja ugaona brzina je !sr =ugaoni pomerajproteklo vreme
Srednja ugaona brzina !sr dostiµze graniµcnu vrednost trenutne ugaone brzine ! kada rastojanjeA1A! 0 odnosno kada �t! 0 pri µcemu je
! = limA1A!0
!sr = lim�t!0
��
�t=d�
dt
Ako je ugaona brzina ! konstantna i ako je u trenutku t0 = 0 i �0 = 0 tada je ! =� � �0t� t0
=�
tili
� = ! t �to po analogiji odgovara formuliS = v t odnosno pre�enom putu kod translatornog kretanja.
Dimenziona jedinica ugaone brzine je ! =ugao - radijanvreme - sekund
=rad
s
1 rad =180�
�= 57� 170 4500 =
1
2�obrta 1 obrt= 360� = 2� rad
Ugaona brzina ! se izraµzava i brojem obrta u sekundi, odnosno1 obrt - pun ugao
1 sekund=O
s
U tehnici se ugaona brzina ! izraµzava i brojem obrta u minuti gde je1 obrt - pun ugao
1 minut=
O
min
00) Satelit kruµzi oko Zemlje na udaljenosti h = 6370 km brzinom v = 32 000km
hOdredimo vreme potre-
h
v→
v→
r
bno da satelit obi�e Zemlju od istoka prema zapadu i od za-pada prema istoku.Polupreµcnik Zemlje je r = 6370 kmSatelit se krece po kruµznoj putanji preµcnika 2 (r + h) pa ob-im te putanje iznosi
O = 2 (r + h)� = 2 (6 370 km+ 6370 km)� = 80 047; 78 km
Vreme za koje satelit obi�e jedan krug ili jedan obrt iznosi
t =O
v=80 047; 78 km
32 000km
h
= 2; 5 h = 9005; 37 s
Milinkovic M. Vukomir Fizika Osnovi teorije Re�eni zadaci Knjiga za samostalno pripremanje ispita 26
Ugaona brzina rotacije satelita oko Zemlje iznosi
!S =1 obrt
t=
2� rad
9 005; 37 s= 6; 97 � 10�4 rad
sUgaona brzina rotacije Zemlje oko svoje ose iznosi
!Z =1 obrt
t=
2� rad
24 � 3 600 s = 7; 27 � 10�5 rad
s
Ako satelit obilazi Zemlju od istoka prema zapadu, tada njegova ugaona brzina u odnosu na Zemlju iznosi
!i�z = !S � !Z = 6; 97 � 10�4rad
s� 7; 27 � 10�5 rad
s= 6; 24 � 10�4 rad
s
Vreme obilaska satelita oko Zemlje od istoka prema zapada iznosi
t1 =1 obrt
!i�z=
2� rad
6; 24 � 10�4 rads
= 10 053; 2 s = 2; 79 h
Ako satelit obilazi Zemlju od zapada prema istoku, tada ugaona brzina njegovog kretanja u odnosu na Zemljuiznosi
!z�i = !S + !Z = 6; 97 � 10�4rad
s+ 7; 27 � 10�5 rad
s= 7; 7 � 10�4 rad
s
Vreme obilaska satelita oko Zemlje od zapada prema istoku iznosi
t2 =1 obrt
!z�i=
2� rad
7; 7 � 10�4 rads
= 8155; 34 s = 2; 26 h
Ugaono ubrzanje kod kruµznog kretanjaKao kod drugih oblika kretanja, tako i kod kruµznog kretanja materijalna taµcka se moµze kretati oko obrtne osesporije ili brµze pa se i njena ugaona brzina menja, odnosno kruµzno kretanje moµze imati i ugaono ubrz-anje (�) Ako u poloµzaju A odnosno u trenutku t0 taµcka ima ugaonu brzinu !0 a u poloµzaju A1 odnosnou trenutku t ugaonu brzinu ! tada promena ili prira�taj ugaone brzine �! u vremenskom intervalu�t = t� t0 iznosi �! = ! � !0gde je srednje ugaono ubrzanje �sr jednako koliµcniku promene ugaone brzine �! i vremenskog in-tervala �t u kome je do te promene i do�lo
�sr =�!
�t=! � !0t� t0
ili �sr =promena ugaone brzine
proteklo vreme
Srednje ugaono ubrzanje �sr ce dostici graniµcnu vrednost trenutnog ugaonog ubrzanja � kada rasto-janje A1A! 0 odnosno kada �t! 0 pa je
� = limA1A!0
�sr = lim�t!0
�!
�t=d!
dtKako je ! =
d�
dtonda se trenutno ugaono ubrzanje � moµze prikazati
i formulom � =d2�
dt2Ako je ugaono ubrzanje � konstantno, tada se trenutno ugaono ubrzanje � moµze
odrediti iz bilo kog vremenskog intervala t� t0 kada je
� =! � !0t� t0
odakle za t0 = 0 dobijamo � =! � !0t
) ! � !0 = �t ili
! = !0 + �t pa je poslednja formula analogna relaciji za brzinu kod jednakoubrzanog kretanja
v = v0 + a t
Formulu za ugaonu brzinu taµcke oko obrtne ose kada je ugaono ubrzanje konstantno! = !0 + �t moµzemo dobiti i primenom diferencijalnog raµcuna sledecim postupkom
Kako je trenutno ugaono ubrzanje
� =d!
dt) d! = � dt onda imamo
Zd! = �
Zdt odnosno ! = �t+ C Za t = 0 ) ! = !0 ili
Milinkovic M. Vukomir Fizika Osnovi teorije Re�eni zadaci Knjiga za samostalno pripremanje ispita 27
!0 = � � 0 + C ) C = !0 pa je
! = !0 + �t| {z } Kako je trenutna ugaona brzina ! =d�
dt= !0 + �t ) d� = (!0 + �t) dt onda imamoZ
d� =
Z(!0 + �t) dt = !0
Zdt+ �
Zt dt odnosno � = !0 t+
1
2�t2 + C Za t = 0 ) � = 0 ili
0 = !0 � 0 +1
2� � 02 + C ) C = 0 pa je
� = !0 t+1
2�t2| {z } Kako je � =
d!
dt
d�
d�=d!
d�
d�
dt|{z}!
= !d!
d�onda imamo ! d! = � d� odakle je
Z! d! = �
Zd� odnosno
1
2!2 = �� + C Za t = 0 imamo � = 0 ) ! = !0 odnosno
1
2!20 = � � 0 + C ) C =
1
2!20 pa je
1
2!2 = �� +
1
2!20 odnosno
!2 = 2�� + !20| {z }Brzina materijalne taµcke kod kruµznog kretanjaAko se materijalna taµcka krece oko obrtne ose po kruµznoj putanji polupreµcnika r tada rastojanje izme�upoloµzaja A i A1 iznosi �S = r� � odakle dobijamo njenu brzinu kretanja
v = lim�t!0
�S
�t= lim
�t!0
r��
�t= r lim
�t!0
��
�t= r
d�
dt|{z}!
= r ! pa je
! =v
rBrzinu v = r ! nazivamo obimnom ili perifernom brzinom
Ubrzanje materijalne taµcke kod kruµznog kretanja
θ
A
0x
y
0θ∆θ
A1
r→r→
v→
∆θv→1
v→v→∆
Kod svakog krivolinijskog kretanja materijalne taµckenjeno ubrzanje moµze imati bilo koji pravac koji se ne po-klapa sa pravcem njene brzine �to vaµzi i za kruµzno kret-anje kao najjednostavniji oblik krivolinijskog kretanja.Kod kruµznog kretanja sa konstantnom ugaonom brzin-om ! obimna ili periferna brzina v je konstantna.Ako se materijalna taµcka krece po kruµznoj putanji polupreµc-nika r tada ce njena brzina u poloµzaju A biti oznaµcena vekt-orom brzine
!v a u poloµzaju A1 vektorom brzine
!v 1 gde se
vidi da vektori brzine!v i
!v 1 uvek imaju poloµzaj i pravac
tangente na putanju kretanja materijalne taµcke, na mestugde se ta taµcka trenutno nalazi. Vidimo da su vektori
!v i
!v 1
uvek normalni sa polupreµcnikom r pa vektori brzine!v i
!v 1
uvek grade isti ugao �� kao i polupreµcnici r Sa slike vidimo da je!v +�
!v =
!v 1 pa za male uglove ��
moµzemo prihvatiti aproksimaciju
�v � v���to su poloµzaji A i A1 bliµzi jedan drugom to se duµzina tetive koja ih�spaja�sve vi�e pribliµzava duµzini luka�S pa u graniµcnom sluµcaju kada A1A! 0 odnosno kada �t! 0 imamo
a = lim�t!0
�v
�t= lim
�t!0
v��
�t= v lim
�t!0
��
�t= v
d�
dt|{z}!
= ! v Kako je v = ! r ) ! =v
r) r =
v
!
onda se ubrzanje materijalne taµcke kod kruµznog kretanja moµze prikazati i formulama
a = ! v = !2 r =v2
r
Milinkovic M. Vukomir Fizika Osnovi teorije Re�eni zadaci Knjiga za samostalno pripremanje ispita 28
gde vektor ubrzanja!a ima pravac vektora prira�taja brzine �
!v Ako se poloµzaj taµcke (A1 ) pribliµzava
poloµzaju taµcke (A) tada se pravac vektora �!v pribliµzava pravcu polupreµcnika r u dodirnoj taµcki kruµzne
putanje pa ce vektor �!v u graniµcnom sluµcaju kada poloµzaji A1 i A budu beskonaµcno blizu, biti norma-
lan na vektor brzine!v odnosno imace pravac polupreµcnika r i smer koji je uvek orijentisan ka centru
kruµzne putanje.Dakle, vektor ubrzanja!a kod kretanja taµcke po kruµznoj putanji uvek ima smer ka centru
kruµzne putanje pa se ovo ubrzanje naziva normalno radijalno ili centripetalno ubrzanje jer se ono javljaiskljuµcivo usled promene pravca vektora obimne ili periferne brzine
!v kada je intenzitet vektora br-
zine!v pri konstantnoj ugaonoj brzini ! konstantan.
0
x
y
θ
θ
m
r
a→a→t
a→r
A
0 x
y
0θ
v →∆tv→∆
v→∆
rv→1
v→1
r→ A1
r→∆θ
Ako ugaona brzina ! pri kruµznom kretanju nije konstantna, tada vektor periferne brzine !v pored
pravca, menja i intenzitet, odnosno brojnu vrednost, pa se tada pravac vektora ubrzanja!a ne poklapa
sa pravcem polupreµcnika r Tada je podesno vektor ubrzanja!a razloµziti na vektor radijalnog ubrzanja
(!a r ) koji se poklapa sa pravcem polupreµcnika r i vektor tangencijalnog ubrzanja (
!a t ) koji se poklapa
sa pravcem tangente na mestu dodira taµcke sa polupreµcnikom r
Sa slike desno vidimo da je zbir vektora brzine!v i vektora prira�taja brzine �
!v
!v +�
!v =
!v 1
gde vektor prira�taja brzine �!v moµzemo razloµziti na tangencijalnu komponentu �
!v t i na radijalnu kom-
ponentu �!v r Pribliµzavanjem poloµzaja A1 poloµzaju A smanjuje se vrednost vektora prira�taja
brzine �!v odnosno smanjuje se razlika
�v = v1 � v = r !1 � r ! = r�!gde se vrednost tangencijalne komponente �
!v t pribliµzava algebarskoj razlici
�!v t � r�!
U graniµcnom sluµcaju, kada A1A! 0 odnosno kada �t! 0 tangencijalna komponenta �vt ce postati je-dnaka algebarskoj razlici �v = r�! kada je
at = lim�t!0
�v
�t= lim
�t!0
r�!
�t= r lim
�t!0
�!
�t= r
d!
dt|{z}�
= r �
Tangencijalna komponenta ubrzanja!a t ima pravac tangente u taµcki dodira polupreµcnika r i putanje.
Radijalna komponenta ubrzanja!a r ima poloµzaj u pravcu polupreµcnika r ili radijalni pravac pa ce ra-
dijalno ubrzanje i kod promenljivog kruµznog kretanja biti
ar = ! v = r !2 =
v2
r
�to je identiµcno ubrzanju a kod jednolikog kruµznog kretanja gde je ugaona brzina ! konstantna. Akose materijalna taµcka krece po kruµznoj putanji konstantnom ugaonom brzinom (! = const) tada kod takvog
Milinkovic M. Vukomir Fizika Osnovi teorije Re�eni zadaci Knjiga za samostalno pripremanje ispita 29
kretanja postoji samo radijalno ubrzanje!a r i ono nastaje zbog promene pravca periferne brzine dok
je ugaono ubrzanje � kod takvog kretanja jednako nuli (� = 0) pa i tangencijalno ubrzanje!a t kod ta-
kvog kretanja iznosi!a t = r � 0 = 0Zato tangencijalno ubrzanje
!a t postoji samo kod promenljivog kruµznog kretanja gde je ugaono ubrzanje
� 6= 0 pa kod takvog kretanja tangencijalno ubrzanje nastaje zbog promene brojne vrednosti vektoraperiferne brzine
!v Promenom svoga pravca vektorske veliµcinemenjaju svoju vrednost pa je
svako krivolinijsko kretanje ubrzano kretanje jer se pravac vektora brzine pri takvom kret-anju menja.Svako kruµzno kretanje je ubrzano kretanje gde je ubrzanje uvek razliµcito od nule.Kako su tangencijalna i radijalna komponenta ubrzanja
!a t i
!a r me�usobno normalne, onda brojna
vrednost ubrzanja!a iznosi
a =pa2t + a
2r =
q(r �)
2+ (r !2 )
2 pa za ugao � koji ubrzanje!a gradi sa polupreµcnikom r imamo
atar= tg � ) � = arc tg
atar
θy
0x
y
r
x
Ako se koordinatni sistem postavi u centar kruµzne putanje u xy - ravni i ako se pri-hvati da je �0 = 0 za t0 = 0 tada koordinate materijalne taµcke koja se krece pokruµznoj putanji polupreµcnika r iznose x = r cos � y = r sin � a njihovim dif -erenciranjem po vremenu t dobijamo komponente brzine u pravcu x i y ose
vx =dx
dt= � r sin � � d�
dt|{z}!
= � r ! sin � vy =dy
dt= r cos � � d�
dt|{z}!
= r ! cos �
Diferenciranjem ovih formula po vremenu t dobijamo komponenteubrzanjataµcke u pravcu x i y - ose, odnosno
ax =dvxdt
= � r�d!
dt|{z}�
sin � + ! cos � � d�dt|{z}!
�= � r
�!2 cos � + � sin �
�
ay =dvydt
= r
�d!
dt|{z}�
cos � + !
�� sin � � d�
dt|{z}!
��= � r
�!2 sin � � � cos �
�Kako su komponente ax i ay me�usobno normalne, onda imamo
a2 = a2x + a2y = r
2�!4 cos2 � + 2!2 cos � � � sin � + �2 sin2 �
�+ r2
�!4 sin2 � � 2!2 sin � � � cos � + �2 cos2 �
�= r2
�!4�cos2 � + sin2 �
�| {z }1
+ �2�sin2 � + cos2 �
�| {z }1
�= r2 !4 + r2 �2 = (r �)
2+�r !2
�2odnosno
a =
q(r �)
2+ (r!2 )
2 Poznata formula
00) Obim Zemlje na ekvatoru iznosi 40 000 000m
o45
r 1
r
a) Odredimo ugaonu brzinu taµcke na ekvatoru i druge taµcke koja se na-lazi na 45 - om stepenu geografske �irine.
b) Odredimo linijsku ili perifernu brzinu taµcke na ekvatoru i druge ta-µcke koja se nalazi na 45 - om stepenu geografske �irine.
c) Odredimo radijalno, ugaono, tangencijalno i totalno ubrzanje ta-µcke na ekvatoru i taµcke koja se nalazi na 45 - om stepenu geografske �irine.
d) Odredimo procentualnu razliku teµzine tela mase m na ekvatoru ina polovima.
Milinkovic M. Vukomir Fizika Osnovi teorije Re�eni zadaci Knjiga za samostalno pripremanje ispita 30
a) Ako izuzmemo taµcke na osi rotacije Zemlje, onda je ugaona brzina ! za svaku drugu taµcku na Zemlji ista
! =1 obrt
24 h=
2 � rad
24 � 3600 s = 7; 27 � 10�5 rad
s
b) Obim Zemlje na ekvatoru iznosi O = 2 r � pa je njen polupreµcnik r =40 000 000m
2�= 6366 197m
Linijska ili periferna brzina taµcke na ekvatoru iznosi
ve = r � ! = 6366 197m � 7; 27 � 10�5rad
s= 462; 96
m
srad = 462; 96
m
s
1 radz }| {1
2�obrta| {z }2 �
= 462; 96m
s
Polupreµcnik Zemlje na 45 - om stepenu geografske �irine iznosi
r1 = r cos 45� = 6366 197m �
p2
2= 4 501 581m
Linijska ili periferna brzina taµcke na 45 - om stepenu geografske �irine iznosi
v45� = r1 � ! = 4501 581m � 7; 27 � 10�5rad
s= 327; 36
m
srad = 327; 36
m
s
1 radz }| {1
2�obrta| {z }2 �
= 327; 36m
s
c) Radijalna komponenta ubrzanja ima poloµzaj u pravcu polupreµcnika r ili radijalni pravac. Taµcke na ek-vatoru i na 45 - om stepenu geografske �irine imaju sledece vrednosti radijalnog ubrzanja
(ar )e =v2er=214 331; 96
m2
s2
6 366 197m= 0; 0337
m
s2(ar )45� =
v245�
r1=107 164; 57
m2
s2
4 501 581m= 0; 0238
m
s2
Zemlja se okrece konstantnom ugaonom brzinom ! pa ugaono ubrzanje � svake taµcke na Zemlji iznosi
� =d!
dt= 0 ) a t = r � � = r � 0 = 0 (at )e = 0 (at )45� = 0
Tangencijalnoubrzanje (at)postoji samo kodpromenljivogkruµznog kretanja gde jeugaonoubrzanje� 6= 0Totalno ubrzanje (atot) taµcke na ekvatoru ili na 45 - om stepenu geografske �irine jednako je radijalnom ubr-zanju istih taµcaka, odnosno
(atot )e =q(ar )
2e + (at )
2e =
q(ar )
2e + 0 = (ar )e (atot )45� =
q(ar )
245� + (at )
245� =
q(ar )
245� + 0 = (ar )45�
d) Centrifugalna ili radijalna sila na polovima ne postoji ali na ekvatoru postoji zbog µcega dolazi dosmanjenja teµzine tela mase m kada je Qe = ma = m
�g � (ar )e
�Qpol = mg
QeQpol
=m�g � (ar )e
�mg
=9; 81
m
s2� 0; 0337 m
s2
9; 81m
s2
= 0; 99 %
Vektorsko predstavljanje veliµcina kod kruµznog kretanja
xr→v→ω→
xr→
v→ω→
Ugaona brzina!! je vektorska
veliµcina koja ima pravac jednakpravcuoserotacije, intenzitetjednak veliµcini ugaone brzine asmer vektora ugaone brzine!! de�nisan je smeromkretanjazavrtnja sadesnim navojemkoji se okretanjem u smeru ro-tacije taµcke krece u smeru ve-ktora
!v pa se on naziva i aksi-
jalnim vektorom kao svi drugivektori koji imaju pravac oseProizvod polupreµcnika puta-nje odnosno radijus vektora
!r
Milinkovic M. Vukomir Fizika Osnovi teorije Re�eni zadaci Knjiga za samostalno pripremanje ispita 31
i vektora ugaone brzine!! jeste vektorska veliµcina koja pokazuje perifernu brzinu
!v =
!r �!
!
gde je vektor!v normalan na ravan koji saµcinjavaju vektori
!r i
!! pa je vektorski proizvod dva vektora
neki novi spoljni vektor koji nije u ravni sa druga dva vektora vec stoji �spolja�normalno na ravan ko-ju oni grade.Kako vektor ugaone brzine
!! i radijus vektor
!r grade ugao � = 90� ) sin � = 1 onda
brojna vrednost vektorskog proizvoda!v =
!r �!
! odgovara formuli za perifernu brzinu kod kruµznog kretanja gde jev = r !
v→ω→
xr→a→t→α
xa→r
r
Brojna vrednost vektorskog proizvoda!a t =
!� �!
r odgovara formuli za tangencijalno ubrzanje!a t pri µcemu je at = �r
Brojna vrednost vektorskog proizvoda!a r =
!! �!
v odgovara formuli za radijalno ubrzanje!a r pri µcemu je ar = ! v
Period rotacijePeriod rotacije (T ) kod kruµznog kretanja je ono vreme za koje materijalna taµcka ili telo izvr�i jedan ob-rt oko ose rotacije. Kod ravnomernog kruµznog kretanja po putanji polupreµcnika r taµcka tu putanju du-µzine 2 r � pre�e za vreme T koje zavisi od brzine njenog kretanja v = ! r pa imamo
2 r � = v T = ! r T odakle je ! =2�
T
Ako taµcka ili telo u jedinici vremena obavi � (�ni�) obrta, tada je � =1
Todnosno ! = 2� � gde je � =
1
Tfrekfencija ili uµcestanost koja se u tehnici oznaµcava sa f
00) Odredimo brzinu metka v tako �to se on �pusti�da pro�e kroz dve paralelne kruµzne ploµce na me-
l
θ
v �usobnom rastojanju l = 90 cm koje rotiraju na istoj
osovini brzinom ! = 1740O
minMerenjem je provereno
da je otvor na drugoj ploµci kroz koju je pro�ao metak,pomeren za � = 20� u odnosu na otvor na prvoj ploµci.Ako pogledamo rotaciono kretanje, onda znamo za�to je
� = 20�=20
180� rad=
�
9rad ! =
1740
602�rad
s= 58�
rad
s
� = ! t l = v t odakle dobijamo�
l=!
vodnosno v =
l !
�=0; 9m � 58� rad
s�
9rad
= 469; 8m
s
Milinkovic M. Vukomir Fizika Osnovi teorije Re�eni zadaci Knjiga za samostalno pripremanje ispita 32
00) Zamajac ma�ine polupreµcnika r = 1; 4m polazi iz stanja mirovanja i za vreme t = 24 s postigne uga-
ϕ
→a t
→a r
→a
r
constα =
onu brzinu 180O
minOdredimo ugao ' koji zamajac opi�e za to vreme i ubr-
zanje na obodu zamajca. Kako je 1 obrt = 2� rad onda imamo
! = 1802�
60
rad
s= 6�
rad
s! = !0|{z}
0
+ �t � =!
t=6�
24 s
rad
s=�
4
rad
s2
!2 = (!0 )|{z}0
2+ 2�� Odavde je � =
!2
2�=(�t)
2
2�=�t2
2=1
2
�
4(24)
2= 72� rad
ar = !2 r =
�6�
1
s
�2� 1; 4m = 50; 4 � �2 m
s2= 497; 428
m
s2at = �r =
�
4� 1; 4 = 1; 099 m
s2
a =pa2r + a
2t =
q(497; 428)
2+ (1; 099)
2= 497; 429
m
s2' = arc tg
atar= arc tg
1; 099
497; 428= 70 3600
00) Gimnastiµcar skaµce u vodu sa visine H = 5; 5m Pri skoku on u vazduhu izvede 2; 5 okreta.Odredimonjegovu srednju ugaonu brzinu !sr
H =1
2g t2pad ) tpad =
r2H
gKako ugao �okretanja�gimnastiµcara iznosi � = 2; 5 � 2� = 5� rad onda je
njegova ugaona brzina ! =�
tpadSrednja ugaona brzina �okretanja�gimnastiµcara je
!sr =�r2H
g
= �
rg
2H= 5� rad �
vuut 9; 81m
s2
2 � 5; 5m = 14; 8rad
s
00) Na kojoj geografskoj �irini ce posada aviona koji leti brzinom va = 360km
hu pravcu istok - zapad
αr z
r1 vzva
ω
videti Sunce uvek u istom poloµzaju?Kako je T = 24 h rz = 6378 km onda br-
zina taµcke na Zemlji ispod aviona iznosi vz = ! r1 =2�
Trz cos� Iz uslova da
brzina aviona va mora biti jednaka vZ sledi va = vZ =2�
TrZ cos�
odakle je cos� =va T
2� rZ� = arccos
va T
2� rZ= arccos
360km
h� 24 h
2� � 6 378 km = 77�3205700