Upload
others
View
10
Download
0
Embed Size (px)
Citation preview
Parabola - közelítés A kötélstatikával aktívan foglakozó Olvasónak az alábbiak ismétlésnek tűnhetnek – vagy nem. Hosszabb tanakodás után úgy döntöttem, hogy a nem teljesen nyilvánvaló dolgokról érdemes lehet szót ejteni. Ilyennek gondolom az erősebben kifeszített ideális – azaz: nyújthatatlan, hajlékony és csak húzóerőt felvenni képes – kötél / lánc esetét is.
A megoszló terhelés intenzitásának felvételéről Ehhez tekintsük az 1. ábrát is!
1. ábra Itt a bal oldali ábra - részen az alkalmazott koordináta - rendszert és jelöléseket tüntettük fel, a jobb oldalon pedig a kötél ds hosszúságú elemi darabjára ható függőleges megoszló erőrendszereket és azok dQ eredőit szemléltettük. Itt a qs teherintenzitás arra utal, hogy a neki megfelelő erőrendszer az s ívhossz hossz mentén, a qx pedig arra, hogy a neki meg -felelő erőrendszer az x egyenes mentén oszlik meg. Itt a kétféle erőrendszer jelentése: ~ qs : a kötél természetes súlyerő - rendszere, melyre homogén kötélnél fennáll, hogy
sGq ,L
( 1 )
ahol G : a kötél súlya, L: a kötél hossza; ~ qx : a kötél helyettesítő súlyerő - rendszere, melyre homogén kötélnél – vélhetőleg – fennáll, hogy
xGq ,l
( 2 )
ahol l : a kötél vízszintes vetületének hossza.
2
Meglehet, túl könnyen tesszük meg ezt az utóbbi lépést. De vajon jogos - e ez? Most erről lesz szó. Arra vagyunk kíváncsiak, hogy hogyan, milyen körülmények között mondhatjuk, hogy az önsúly - teher esetében az ívhossz menti tehermegoszlásról áttér -hetünk a vízszintes vetületre vonatkoztatott tehermegoszlásra. Hogy a probléma nem erőltetett / mondvacsinált, az rögtön belátható az ( 1 ) és ( 2 ) képletekből adódó
x s
x s
G G L Lq = q ,l L l l q q
L 1 ,l
( 3 )
összefüggésből. Az 1. ábra jobb oldali részén feltüntetett dQ elemi teherre fennáll, hogy
x sdQ q dx q ds , innen pedig kapjuk, hogy
x sdsq q .dx
( 4 )
A homogén tömegeloszlású kötélre: s 0q q konst. ( 5 )
Az elemi szakaszokra vonatkozó Pitagorász - tétellel:
2
2 2 dyds dx dy 1 dx ,dx
innen: 2ds dy1 .
dx dx ( 6 )
Most a kötélgörbe egy P( x, y ) pontbeli érintőjének φ hajlásszögére: dy(x) tg (x)
dx ( 7 )
majd ( 4 ), ( 5 ), ( 6 ), ( 7 ) - tel: 2
2 0x s 0 0
qds dyq q q 1 q 1 tg (x) ,dx dx cos (x)
( 8 / 1 )
azaz: 0
x xqq q (x) .
cos (x)
( 8 )
A ( 8 ) képlet azt fejezi ki, hogy az x - menti teherintenzitás nem állandó, hanem az x tengely mentén változó mennyiség. A függvény lefutását a 2. ábra szemlélteti egy 0 90 intervallumon, q0 = 10 ( N / m ) felvétellel.
3
f(x)=10/cos(x)
-10 10 20 30 40 50 60 70 80 90 100 110 120 130 140 150
-10
10
20
30
40
50
60
70
80
90
100
110
fi ( fok )
q ( fi ) ( N / m )
A 10/cosφ függvény lefutása
2. ábra A kérdés tehát az, hogy ~ milyen esetben lehet a 2. ábra szerint változó intenzitású terhelést egy állandó értékkel helyettesíteni; ~ mi legyen ezen állandó értéke? A további elmélkedéshez tekintsük a 3. ábrát is!
3. ábra
4
Utóbbit egy korábbi dolgozatunkból vettük át, melynek címe: Rugalmas láncgörbe – alapvető összefüggések és tudnivalók I. A 3. ábráról leolvasható, hogy a görbe érintőjének hajlására:
A B . ( 9 ) Ez azt jelenti, hogy – a 2. ábra szerint is –
x A x x Bq ( ) q ( ) q ( ) . ( 10 ) Felvetődhet a gondolat, hogy képezzük az alábbi ( aritmetikai ) középértéket – [ 1 ] – :
B
A
B A0x,átl 0
B A B A
Arsh tg Arsh tgq dq q .cos
( 11 )
Ezzel az a baj, hogy tartalmazza a hajlásszögek szélső értékeit, amelyek azonban előre nem ismertek; lehet, hogy a feladat célja éppen a végérintők hajlásának meghatározása. Valóban, a szakirodalomban sem találkoztunk még ilyen átlagképzéssel, qx - re. Egy másik ötlet, hogy a kötélgörbe mentén változó hajlásszög - értékek helyett egy állandó értéket szerepeltessünk qx közelítő felvételében. ( 8 / 1 ) szerint, a 3. ábrával is:
22 2
x 0 0 0mq q 1 tg (x) q 1 tg q 1 ,l
tehát: 2
x 0mq q 1 konst.l
( 12 )
Most ( 12 ) - ből:
22 2
x 0 0 0 0mq l q l 1 q l m q d q L G .l
( 13 )
Itt:
d AB . ( 14 / 1 ) Eszerint a ( 12 ) közelítés annál inkább ad helyes eredményt, minél inkább teljesül, hogy d L , ( 14 ) vagyis minél erősebben kifeszítjük a kötelet. Itt az állandó hajlásszöget a kötélgörbe legnagyobb belógásához tartozó - vel azonosítottuk – ld.: fent nevezett előző dolgozat! Más szavakkal:
5
átlagtg tg . ( 15 )
Utóbbi kijelentésünket igazolni is tudjuk. Ehhez írjuk fel a parabola egyenletét! Az említett előző dolgozat megfelelő egyenletei:
2
2
H konst. ;dV q(x) ;dx
dyV H tg H ;dx
d yH q(x) .dx
( 16 )
Élve a ( 12 ) közelítéssel, a feladat differenciálegyenlete:
2x
2
qd y(x) Konst .dx H
( 17 )
Integrálva:
x1
qdy(x) tg (x) x c ;dx H
( 18 )
még egyszer integrálva:
2x1 2
qy(x) x c x c .2 H
( 19 )
Ez egy másodfokú parabola egyenlete. Az ( c1 , c2 ) integrálási állandók meghatározására szolgáló feltételi egyenletek: y(x 0) 0 ,y(x l) m .
( 20 )
Most ( 19 ) és ( 20 ) - szal:
20 0 0 c , innen:
2c 0 ; ( 21 ) továbbá:
2x1
qm l c l ,2 H
innen:
6
x1
qmc l .l 2 H
( 22 )
Ezután ( 19 ), ( 21 ), ( 22 ) - vel:
2x xq qmy(x) x l x .2 H l 2 H
( 23 )
Most az érintő iránytangense ( 18) és ( 22 ) - vel:
x x xq q qdy(x) m mtg (x) x l l 2 x .dx H l 2 H l 2 H
( 24 )
Ennek értéke az A ( 0 , 0 ) kezdőpontban:
xA
qdy(x 0) mtg l ;dx l 2 H
( 25 )
majd a B ( l , m ) végpontban:
x x xB
q q qdy(x l) m mtg l l l .dx H l 2 H l 2 H
( 26 )
A kezdő és vég - iránytangensek számtani középértéke:
A B x xátlag
tg tg q q1 m m mtg l l tg ,2 2 l 2 H l 2 H l
egyezésben ( 15 ) - tel. Fentieket összefoglalva: a megoszló teher intenzitásának felvétele a szakirodalom – [ 2 ] , [ 3 ] , [ 4 ] – szerint is úgy történik, hogy alkalmazzuk a közelítőleg érvényes ( 12 ) összefüggést. Hogy az eddigiek nyilvánvalóak - e vagy sem, azt mindenki maga dönti el. Az viszont bizonyos, hogy a megoszló teher intenzitásának hibás felvétele súlyos téve - désekhez vezethet.
A parabola - egyenlet más alakjairól, illetve az ismeretlen H állandó meghatározásáról
A.) f - alapú feladat : ekkor ( q0 ; f , m , l ) adott, H keresett. A ( 23 ) képlet más alakban:
7
2 2x x xq q qm my(x) x l x x l x x .2 H l 2 H l 2 H
( 27 )
A 3. ábrával összefüggésben – ld. a fent említett korábbi dolgozatot is! – :
2 2x xq qm my(x) x tg y(x) x x l x x l x x .l l 2 H 2 H
( 28 )
Ennek szélsőérték - helye és nagysága:
xm
qd ly(x) l 2 x 0 x ,dx 2 H 2
( 29 )
22 2
2x x xm m m
q q q ll lf y(x ) l x x ,2 H 2 H 2 4 8 H
tehát a parabola belógása: 2
xq lf .8 H
( 30 )
Innen adódik a nagyon fontos és egyszerű alakú végeredmény:
2xq lH .8 f
( 31 )
Emlékeztetőül: ( 1 ), ( 5 ), ( 12 ) és ( 31 ) - gyel:
2 2
0m lH q 1 .l 8 f
( 32 )
Most ( 27 ) és ( 31 ) - gyel:
2
2 2x2 2
qm m 4 f m x xy(x) x l x x x l x x x 4 f .l 2 H l l l l l
( 33 ) Végül az S( x ) kötélerő - nagyság kifejezése:
22 2 2
22 2x x
V(x)S(x) H V (x) H 1 H 1 tg (x)H
q q lm m 4 f x H 1 l 2 x 1 1 2 .l 2 H 8 f l l l
( 34 )
8
Innen a legnagyobb kötélerő, x = l - lel: 22
xmax B
q l m 4 fS S 1 .8 f l
( 35 )
Egy további szokatlan képlet - alak adódik ( 32 ) és ( 35 ) - tel:
2 220
max Bq l m m 4 fS S 1 1 .8 f l l
( 36 )
B.) L - alapú feladat : ekkor ( q0 ; L , m , l ) adott, ( H , f ) keresett. Itt egy korábbi dolgozatunkban levezetett eredményt használunk fel – ld.: Közönséges láncgörbe – alapvető összefüggések és tudnivalók ! Eszerint a közönséges láncgörbe kulcsegyenlete: sh ,
( 37 )
ahol: 0q ll G l ,
2 a 2 H L 2 H
( 38 )
és 2 2 2 2L m d m 1 .
l l
( 39 )
A ( 37 ) egyenlet sorba fejtésen alapuló közelítő megoldása:
2 2
0L m10 20 6 1 .
l
( 40 )
Most ( 38 ) és ( 40 ) - nel:
00
0 2 2
ql lH q ;2 2
L m10 20 6 1l
( 41 )
majd ( 32 ) és ( 41 ) egyenlővé tételéből:
9
2 20
02 2
qm l lq 1 ,l 8 f 2
L m10 20 6 1l
innen: 2 2 2
2 22 2
l m L mf 1 10 20 6 14 l l
2 L m l m 5 5 6 1 ,4 l
tehát:
2 22 22 L mf l m 5 5 6 1 .
4 l
( 42 )
A fenti képletekben ügyelni kell az „ 1 ” számjegy és az „ l ” betű közti különbségre! Most ( 33 ) és ( 42 ) - vel:
2
2
2 2 22 2
2
2 22 2
m x xy(x) x 4fl l l
m L m x x x 2 l m 5 5 6 1l l l l
x L m x m 2 l m 5 5 6 1 1 ,l l l
tehát:
2 22 2x L m xy(x) m 2 l m 5 5 6 1 1 .
l l l
( y / 1 )
10
Megjegyzések: M1. A fenti képletekben szereplő q0 = G / L mennyiség csak egy darab adat, tehát q0 megadásával még nem adott G és/vagy L. A képletekből kiolvasható, hogy rögzített ( q0 , l , m ) esetén L változtatásával egyaránt változnak a ( G , H , f ) mennyiségek is. M2. A bemutatott képletek némelyike ritkán – vagy egyáltalán nem – jelenik meg az ismert szakirodalomban; ehhez lásd az említett előző dolgozatok irodalomjegyzékét is! M3. Érdekes megfigyelni, hogy kötélstatikai problémák megoldása során néha nem a kötélhossz - adatot, hanem egy másikat használnak fel H , f , l , stb. meghatározására. Ilyen esetekre láthatunk példákat [ 3 ], [ 4 ], [ 5 ] - ben is, ahol a kötélben fellépő Smax legnagyobb húzóerőre tett korlátozás jelenik meg az
max meg megS S A ( 43 ) alakban, ahol: ~ Smeg: a megengedett legnagyobb húzóerő nagysága, ~ σmeg: a kötél anyagára megengedett húzófeszültség nagysága, ~ A: a kötél keresztmetszeti területe. Szemléltetésképpen bemutatunk egy ilyen levezetést – [ 3 ] , [ 5 ] . ( 43 ) - ban a határesetet véve:
max meg megS S A . ( S1 ) Majd ( 34 ) - gyel :
2max max megS H 1 tg S ; ( S2 )
Most ( 26 ) - tal is: x
max Bq lmtg tg .
l 2 H
( S3 )
( S2 ) négyzetre emelésével:
2 2 2max megH 1 tg S ; ( S4 )
majd ( S3 ) - mal és ( S4 ) - gyel: 2
2 2xmeg
q lmH 1 S ;l 2 H
( S5 )
Bevezetve az
x
m ,l
q l Q
( S6 )
jelöléseket, ( S5 ) és ( S6 ) - tal:
11
22 2
megQH 1 S ;
2 H
( S7 )
elvégezve ( S7 ) - ben a négyzetre emelést: 2
2 2 2meg2
Q QH 1 2 S ;2 H 4 H
rendezve:
2
2 2 2meg
Q1 H Q H S 0 ;4
a megoldóképlettel:
22 2 2
meg
1,2 2
QQ Q 4 1 S4
H ;2 1
( S8 )
mivel H 0 , ( S9 ) ezért ( S8 ) és ( S9 ) - cel:
22 2 2
meg
2
QQ Q 4 1 S4
H .2 1
( S10 )
( S10 ) - en azonos átalakításokat végezve:
2
2 2 2meg2
1 Q 1 QH Q 4 1 S ;1 2 2 4
( S11 )
a gyökjel alatti mennyiséget átalakítva:
2 22 2 2 2 2 2 2 2
meg meg
2 2 2 2 2 2 2 2 2 2meg meg
Q QQ 4 1 S Q 4 1 4 1 S4 4
Q Q Q 4 1 S 4 1 S Q ,
( S12 ) így ( S11 ) és ( S12 ) szerint:
2
2 2meg2
1 Q QH 1 S ;1 2 2
( S13 )
12
most ( S13 ) - at átírva ( S1 ) és ( S6 ) szerint is:
22
2x xmeg2
q m q l1 mH 1 A .2 l 2m1
l
( S14 )
Hasonlóképpen felmerülhet például az
megf f ( 44 ) belógás - korlátozás is – [ 2 ]. Ezen feltételek alkalmazása azért is lehet szerencsés, mert velük esetleg sokkal egysze -rűbben lehet az ( S14 ) - hez hasonló, gyakorlatilag is használható eredményre jutni. Mondjuk, ha ( 42 ) alapján felírjuk az f = f ( L ) kapcsolatot – azaz a belógást a kötélhossz függvényében – , akkor például grafikusan is könnyen célhoz érhetünk: addig változtatjuk L - et, amíg az f = fmeg feltétel be nem következik. Nem kizárt, hogy valakinek éppen jól jöhet egy ( 36 ) és ( 43 ) szerinti
2 220
megq l m m 4 f1 1 A 08 f l l
( 45 )
alakú egyenlet, feladatának megoldásához. Például grafikus úton kényelmesen kezelhető lehet egy ( 45 ) szerinti f = f ( q0 , σmeg ; m , l , A ) alakú függvénykapcsolat, gyakorlati feladatokhoz is. M5. ( y / 1 ) - hez formailag hasonló egyéb közelítő képlet is levezethető a Rugalmas láncgörbe – alapvető összefüggések és tudnivalók II. rész című korábbi dolgozatunk eredményeinek felhasználásával. Ez az alábbiak szerint történhet. Ismét a ( 27 ) képletből indulunk ki:
2xqmy(x) x l x x .l 2 H
( 27 / 1 )
Feladatunk a qx / 2H mennyiség kifejezése a geometriai adatokkal. ( 1 ) és ( 12 ) szerint:
x
G dq dL l ;H2 H 2 H 2 L l
G
( 46 )
de a korábbi dolgozat szerint:
B A
GH ,tg tg
( 47 )
13
így ( 46 ) és ( 47 ) - tel: x
B A
q d .L2 H 2 ltg tg
( 48 )
Ám ismét a korábbi dolgozat szerint:
2 2
B A
L L 1 r p 1 ,tg tg 2
( 49 )
ahol a kötél húzómerevségének E A ( 50 ) specializációja miatt:
mr ,L
( 51 )
p pedig megoldása a 2p 1 Arcth(p) 0 ( 52 )
egyenletnek, ahol:
2 2 2 2
l l< 1.L m d m
( 53 )
Most ( 48 ), ( 49 ) és ( 51 ) - gyel:
x2 2 22 2
dq d l .L2 H L m p 12 l 1 r p 1
2
( 54 )
Most oldjuk meg az ( 52 ) egyenletet, közelítőleg! Minthogy p jelentése:
A BS Sp ,G
( 55 )
ezért erősen kifeszített kötél esetén: p 1 . ( 56 ) Átalakításokkal:
2 22 2
1 1p 1 p 1 p 1 .p p
( 57 )
14
Bevezetve az ( 56 ) miatt is fennálló 10 v 1p
( 58 )
segédmennyiséget, ( 57 ) és ( 58 ) - cal: 2 21p 1 1 v .
v ( 59 )
Hatványsorba fejtéssel, ( 58 ) miatt is – [ 1 ] – :
2 211 v 1 v ,2
( 60 )
így ( 59 ) és ( 60 ) - nal: 2 21 1 1 vp 1 1 v .
v 2 v 2 ( 61 )
Azonossággal – [ 1 ] – :
1Arcth(p) Arth ,p
( 62 )
így ( 58 ) és ( 62 ) - vel: Arcth(p) Arth(v) . ( 63 ) Ismét hatványsorba fejtéssel – [ 1 ] – :
3vArth(v) v .3
( 64 )
Ezután ( 61 ) és ( 64 ) - gyel:
3 2 2 4 2 42 1 v v v v v v vp 1 Arcth(p) v 1 1 .
v 2 3 2 3 6 6 6 ( 65 )
Most ( 52 ) és ( 65 ) - tel: 2 4v v1 0 ,
6 6
innen: 4 2v v 6 1 0 . ( 66 )
Bevezetve az 2u v 0 ( 67 )
segédváltozót, ( 66 ) és ( 67 ) - tel:
15
2u u 6 1 0 . ( 68 ) A megoldóképlettel:
1,2
1 1 24 1u .
2
( 69 )
Most ( 67 ) és ( 69 ) - cel:
2 1u v 1 24 1 1 ,2
innen ( 58 ) - cal is:
1v 1 24 1 1 .2
( 70 )
Most ( 58 ) és ( 70 ) - nel:
1 2p .
1 1 24 1 11 24 1 12
( 71 )
Majd innen:
2 2p 1 1 .
1 24 1 1
( 72 )
Ezután ( 54 ) és ( 72 ) - vel:
x2 2 2
2 2
d dq l l .
2 H 2L m p 1 L m 11 24 1 1
( 73 )
Most ( 27 / 1 ), ( 53 ) és ( 73 ) - mal:
16
2x
2
2 2
2 2
2 2
2 2
qmy(x) x l x xl 2 H
dm l x l x xl 2L m 1
1 24 1 1
dm xl x l x 1l l2L m 1
1 24 1 1
m d x x x 1l l2L m 1
1 24 1 1
m d xl 2L m
l1 24 1L
2 2
2 2
2 2
2 2
2 2
2 2
xx 1l
1
1m
x d x m 1l lL m 2 1
l l1 24 1 1L m
x l m x m 1l lL m 2 1
l l1 24 1 1L m
,
17
tehát:
2 2
2 2
2 2
x l m xy(x) m 1 .l lL m 2 1
l l1 24 1 1L m
( y / 2 )
Az ( y / 1 ) és az ( y / 2 ) képletek további összehasonlító elemzését az Olvasóra bízzuk. Javasoljuk, hogy végezze el az előbbi számítást úgy is, hogy ( 65 ) - ben alkalmazza a v4 / 6 ≈ 0 elhanyagolást! Irodalom: [ 1 ] – I. N. Bronstejn ~ K. A. Szemengyajev: Matematikai zsebkönyv Műszaki Könyvkiadó, Budapest, több kiadásban [ 2 ] – I. A. Birger ~ R. R. Mavljutov: Szoprotivlenije materialov Nauka, Moszkva, 1986. [ 3 ] – István Szabó: Einführung in die Technische Mechanik 4. Auflage, Springer - Verlag, Berlin ~ Göttingen ~ Heidelberg, 1959. [ 4 ] – István Szabó: Repertorium und Übungsbuch der Technischen Mechanik 2. Auflage, Springer - Verlag, Berlin ~ Göttingen ~ Heidelberg, 1963. [ 5 ] – Ludwig Föppl: Aufgaben aus Technischer Mechanik Unterstufe Statik, Festigkeitslehre, Dynamik Verlag von R. Oldenbourg, München und Berlin, 1942. Összeállította: Galgóczi Gyula mérnöktanár Sződliget, 2011. március 1.